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梦幻小鱼干

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青蛙的约会

青 蛙

原题:

两只青蛙在网上相识了,它们聊得很开心,于是觉得很有必要见一面。它们很高兴地发现它们住在同一条纬度线上,于是它们约定各自朝西跳,直到碰面为止。可是它们出发之前忘记了一件很重要的事情,既没有问清楚对方的特征,也没有约定见面的具体位置。不过青蛙们都是很乐观的,它们觉得只要一直朝着某个方向跳下去,总能碰到对方的。但是除非这两只青蛙在同一时间跳到同一点上,不然是永远都不可能碰面的。为了帮助这两只乐观的青蛙,你被要求写一个程序来判断这两只青蛙是否能够碰面,会在什么时候碰面。

我们把这两只青蛙分别叫做青蛙A和青蛙B,并且规定纬度线上东经0度处为原点,由东往西为正方向,单位长度1米,这样我们就得到了一条首尾相接的数轴。设青蛙A的出发点坐标是x,青蛙B的出发点坐标是y。青蛙A一次能跳m米,青蛙B一次能跳n米,两只青蛙跳一次所花费的时间相同。纬度线总长L米。现在要你求出它们跳了几次以后才会碰面。

0<x≠y < =2000000000,0 < m、n < =2000000000,0 < L < =2100000000。

 

经典exgcd

令所用时间t,根据题意可以列出下式:

x+mt=y+nt

然后解得t=(x-y)/(n-m)

把圆看成无限长是不对的,因为圆可以从后面追上but无限长的直线不可

于是再令二者相差圈数位k,得到:

x+mt=y+nt+lk

变形

(n-m)t+lk=x-y

然后用exgcd解就vans了

小细节:

1.x-y可能是负数,如果x-y<0要把(n,x),(m,y)交换

2.n-m也可能是负数,这时可以标记一下,然后按m-n算,解出t后负号给t

3.如果t的结果是负数,需要用丢番图方程的通解

对于第一个解x0和y0,其他解可以表示为x0+(b/d)*k和y0-(a/d)*k

原理就是这样加加减减正负号会消掉

推导见:

以前我总是搞不懂这个通解

现在发现挺简单的,拿手推推就vans了

太浮躁了 T_T

4.要开longlong

exgcd中有乘法

 

代码:

 1 #include<iostream>
 2 #include<cstdio>
 3 #include<algorithm>
 4 #include<cstring>
 5 #include<cmath>
 6 using namespace std;
 7 #define LL long long
 8 LL gcd(LL a,LL b){  return b ? gcd(b,a%b) : a;}
 9 void exgcd(LL a,LL b,LL &x,LL &y){
10     if(!b){
11         x=1,y=0;
12         return ;
13     }
14     exgcd(b,a%b,x,y);
15     LL z=x;
16     x=y,y=(z-a/b*y);
17 }
18 int main(){
19     freopen("ddd.in","r",stdin);
20     LL x,y,m,n,l;
21     cin>>x>>y>>m>>n>>l;
22     if(x-y<0)  swap(x,y),swap(m,n);
23     bool mk=(n-m<0);
24     if(mk)  swap(n,m);
25     LL d=gcd(n-m,l);
26     if((x-y)%d){
27         printf("Impossible\n");
28         return 0;
29     }
30     LL t=0,k=0;
31     exgcd(n-m,l,t,k);
32     t*=(x-y)/d;
33     if(mk)  t=-t;
34     if(t<0)  t+=((-t)/(l/d)+1)*(l/d);
35     t%=(l/d);
36     cout<<t<<endl;
37     return 0;
38 }
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posted on 2019-08-16 19:28  cdcq  阅读(175)  评论(0编辑  收藏  举报