NOIP2013花匠

描述

花匠栋栋种了一排花,每株花都有自己的高度。花儿越长越大,也越来越挤。栋栋决定把这排中的一部分花移走,将剩下的留在原地,使得剩下的花能有空间长大,同时,栋栋希望剩下的花排列得比较别致。 

具体而言,栋栋的花的高度可以看成一列整数h1, h2, … , hn。设当一部分花被移走后,剩下的花的高度依次为g1, g2, … , gm,则栋栋希望下面两个条件中至少有一个满足: 

条件 A:对于所有的1<i<m/21im2g2i>g2i1g2ig2i1,且g2i>g2i+1g2ig2i1
条件 B:对于所有的1<i<m/21im2g2i<g2i1g2ig2i1,且g2i<g2i+1g2ig2i1

注意上面两个条件在m = 1时同时满足,当m > 1时最多有一个能满足。 

请问,栋栋最多能将多少株花留在原地。 

格式

输入格式

输入的第一行包含一个整数 n,表示开始时花的株数。 

第二行包含 n 个整数,依次为h1, h2,… , hn,表示每株花的高度。 

输出格式

输出一行,包含一个整数 m,表示最多能留在原地的花的株数。 

样例1

样例输入1[复制]

5 
5 3 2 1 2

样例输出1[复制]

3

限制

每个测试点1s。

提示

对于 20%的数据,n ≤ 10;
对于 30%的数据,n ≤ 25;
对于 70%的数据,n ≤ 1000,0 ≤ hi ≤ 1000;
对于 100%的数据,1 ≤ n ≤ 100,000,0 ≤ hi ≤ 1,000,000,所有的h_i随机生成,所有随机数服从某区间内的均匀分布。

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[正解]扫描大法好

题目的意思就是求“最长波动子序列”,对于一段单调区间,最多取两个点。

(无视上面那句话)

取拐点一定是最优解,从头到尾扫描,遇到拐点ans++,ans一开始是1,第一个点取一定不丢最优解;

 1 #include <iostream>
 2 #include <cstdio>
 3 using namespace std;
 4 
 5 int n,pre,now,k=0,ans=1;
 6 inline int read(){
 7     int r=0,f=1;
 8     char ch=getchar();
 9     while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1; ch=getchar();}
10     while(ch>='0'&&ch<='9'){r=r*10+ch-'0'; ch=getchar();}
11     return r*f;
12 }
13 
14 int main(int argc, const char * argv[]) {
15     n=read();
16     pre=read();
17     for(int i=2;i<=n;i++){
18         now=read();
19         if(now>pre&&k!=1) k=1,ans++;
20         if(now<pre&&k!=2) k=2,ans++;
21         pre=now;
22     }
23     printf("%d",ans);
24     return 0;
25 }

[其他]DP

O(n^2):F(i,0/1) 以第i个花结尾满足...的方案数

[因为数据随机,并且F单调吧,所以加一个判断也可以很快水过]

 

 1 #include <iostream>
 2 #include <cstdio>
 3 using namespace std;
 4 const int N=100005;
 5 
 6 int n,a[N],f[N][2];//0->big 1->small
 7 inline int read(){
 8     int r=0,f=1;
 9     char ch=getchar();
10     while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1; ch=getchar();}
11     while(ch>='0'&&ch<='9'){r=r*10+ch-'0'; ch=getchar();}
12     return r*f;
13 }
14 
15 
16 int main(int argc, const char * argv[]) {
17     int n=read();
18     for(int i=1;i<=n;i++){
19         a[i]=read();
20         f[i][0]=f[i][1]=1;
21     }
22     for(int i=1;i<=n;i++)
23         for(int j=i-1;j>=1;j--){
24             if(a[j]>a[i]) f[i][0]=max(f[i][0],f[j][1]+1);
25             if(a[j]<a[i]) f[i][1]=max(f[i][1],f[j][0]+1);
26             if(f[i][0]!=1&&f[i][1]!=1) break;
27         }
28     printf("%d",max(f[n][0],f[n][1]));
29     return 0;
30 }

 

 

 

O(n):F(i,0/1) 不用以第i个花结尾..................感觉有点扯,和扫描法有点类似

O(nlogn):第一种加上线段树/二分那样的优化,就像LIS一样

posted @ 2016-08-04 22:29  Candy?  阅读(326)  评论(0编辑  收藏  举报