ARC127D Sum of Min of Xor

ARC127D Sum of Min of Xor

性质分析加通用套路。

思路

首先我们把这题的 $min$ 给去掉，那么我们按位算贡献，可以求出和。这是这种式子的通用套路。

考虑加上 $min$，那么我们先按照 $(a_i,b_i)$ 的最高位分为：$(1,0)$，$(0,1)$，$(1,1)$，$(0,0)$ 四种情况。

可以发现用贡献的组如下：

• $(0,0)$，$(0,1)$ 贡献为 $a_i\oplus a_j$。
• $(0,0)$，$(1,0)$ 贡献为 $b_i\oplus b_j$。​
• $(1,1)$，$(1,0)$ 贡献为 $a_i\oplus a_j$。
• $(1,1)$，$(0,1)$ 贡献为 $b_i\oplus b_j$。​
• $(1,1)$，$(1,1)$​ 贡献需要向下枚举一位计算。
• $(0,0)$，$(0,0)$ 贡献需要向下枚举一位计算。

那么已知贡献的我们可以用通用套路算，不知道的向下枚举即可。

CODE

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;

#define ll long long
#define K 18

const int maxn=3e5+5;

int n;
int a[maxn],b[maxn];

ll ans;

vector<int>sd;

void C(vector<int> &d1,vector<int> &d2,bool w)
{
    for(int i=0;i<K;i++)
    {
        int c1,c2;
        c1=c2=0;
        for(int j:d1) c1+=(w?b[j]:a[j])>>i&1;
        for(int j:d2) c2+=(w?b[j]:a[j])>>i&1;
        ans+=(1ll*c1*(d2.size()-c2)+1ll*c2*(d1.size()-c1))<<i;
    }
}
void S(int p,vector<int> &d)
{
    if(d.empty()) return ;
    if(p==-1)
    {
        for(int i=0;i<K;i++)
        {
            int c1=0;
            for(int j:d)
                c1+=a[j]>>i&1;
            ans+=1ll*c1*(d.size()-c1)<<i;
        }
        return ;
    }
    vector<int> l[2][2];
    for(int i:d) l[a[i]>>p&1][b[i]>>p&1].push_back(i);
    C(l[0][0],l[0][1],0);
    C(l[0][0],l[1][0],1);
    C(l[1][1],l[0][1],1);
    C(l[1][1],l[1][0],0);
    for(int i:l[0][0]) l[1][1].push_back(i);
    for(int i:l[0][1]) l[1][0].push_back(i);
    S(p-1,l[1][1]),S(p-1,l[1][0]);
}

int main()
{
    scanf("%d",&n);
    for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&a[i]),sd.push_back(i);
    for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&b[i]);
    S(K-1,sd);
    printf("%lld",ans);
}