hdu 1429 胜利大逃亡(续) (bfs + 状态压缩)
题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1429
胜利大逃亡(续)
Time Limit: 4000/2000 MS (Java/Others) Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)Total Submission(s): 6512 Accepted Submission(s): 2266
Problem Description
Ignatius再次被魔王抓走了(搞不懂他咋这么讨魔王喜欢)……
这次魔王汲取了上次的教训,把Ignatius关在一个n*m的地牢里,并在地牢的某些地方安装了带锁的门,钥匙藏在地牢另外的某些地方。刚开始Ignatius被关在(sx,sy)的位置,离开地牢的门在(ex,ey)的位置。Ignatius每分钟只能从一个坐标走到相邻四个坐标中的其中一个。魔王每t分钟回地牢视察一次,若发现Ignatius不在原位置便把他拎回去。经过若干次的尝试,Ignatius已画出整个地牢的地图。现在请你帮他计算能否再次成功逃亡。只要在魔王下次视察之前走到出口就算离开地牢,如果魔王回来的时候刚好走到出口或还未到出口都算逃亡失败。
这次魔王汲取了上次的教训,把Ignatius关在一个n*m的地牢里,并在地牢的某些地方安装了带锁的门,钥匙藏在地牢另外的某些地方。刚开始Ignatius被关在(sx,sy)的位置,离开地牢的门在(ex,ey)的位置。Ignatius每分钟只能从一个坐标走到相邻四个坐标中的其中一个。魔王每t分钟回地牢视察一次,若发现Ignatius不在原位置便把他拎回去。经过若干次的尝试,Ignatius已画出整个地牢的地图。现在请你帮他计算能否再次成功逃亡。只要在魔王下次视察之前走到出口就算离开地牢,如果魔王回来的时候刚好走到出口或还未到出口都算逃亡失败。
Input
每组测试数据的第一行有三个整数n,m,t(2<=n,m<=20,t>0)。接下来的n行m列为地牢的地图,其中包括:
. 代表路
* 代表墙
@ 代表Ignatius的起始位置
^ 代表地牢的出口
A-J 代表带锁的门,对应的钥匙分别为a-j
a-j 代表钥匙,对应的门分别为A-J
每组测试数据之间有一个空行。
. 代表路
* 代表墙
@ 代表Ignatius的起始位置
^ 代表地牢的出口
A-J 代表带锁的门,对应的钥匙分别为a-j
a-j 代表钥匙,对应的门分别为A-J
每组测试数据之间有一个空行。
Output
针对每组测试数据,如果可以成功逃亡,请输出需要多少分钟才能离开,如果不能则输出-1。
Sample Input
4 5 17 @A.B. a*.*. *..*^ c..b* 4 5 16 @A.B. a*.*. *..*^ c..b*
Sample Output
16 -1
状态压缩:
key 和 door 存入用字符数组,使之对应 0~9;
char key[10]={'a','b','c','d','e','f','g','h','i','j'}; char door[10]={'A','B','C','D','E','F','G','H','I','J'};用结构体中用k 来储存当前的钥匙
然后我们可以用 1<<i ( i= 0~9) 来表示每一个对应的key 或者door
用 位运算的 & 位与来实现判断 是否有钥匙
【代码】
#include<iostream> #include<cstdio> #include<queue> #include<cstring> #define bug printf("bug") char map[25][25]; char key[10]={'a','b','c','d','e','f','g','h','i','j'}; char door[10]={'A','B','C','D','E','F','G','H','I','J'}; bool vis[25][25][1<<11]; //2^11 int dx[4]={0,0,1,-1}; int dy[4]={1,-1,0,0}; int n,m,t; using namespace std; struct node{ int x,y,step,key; //key 来储存当前钥匙 }st; void bfs(){ queue<node>Q; Q.push(st); node now,next; while(!Q.empty()){ now=Q.front(); //cout<<"now"<<now.x<<" "<<now.y<<" "<<now.step<<" "<<now.key<<endl; Q.pop(); if(map[now.x][now.y]=='^'){ if(now.step<t) cout<<now.step<<endl; else cout<<"-1"<<endl; return ; } for(int i=0;i<4;i++){ next.x=now.x+dx[i]; next.y=now.y+dy[i]; next.key=now.key; next.step=now.step+1; if(next.x<0||next.x>=n||next.y<0||next.y>=m||map[next.x][next.y]=='*'||vis[next.x][next.y][next.key]) continue; if(isupper(map[next.x][next.y])){ for(int j=0;j<10;j++){ if(map[next.x][next.y]==door[j]){ if(next.key&(1<<j)){ //如果有钥匙 vis[next.x][next.y][next.key]=1; Q.push(next); } } } } else if(islower(map[next.x][next.y])){ for(int j=0;j<10;j++){ if(map[next.x][next.y]==key[j]){ //如果没有钥匙 if((next.key&(1<<j))==0){ //运算符优先级问题,,注意加括号 next.key+=(1<<j); } vis[next.x][next.y][next.key]=1; Q.push(next); } } } else{ vis[next.x][next.y][next.key]=1; Q.push(next); } } } cout<<"-1"<<endl; return ; } int main(){ while(cin>>n>>m>>t){ for(int i=0;i<n;i++) for(int j=0;j<m;j++){ cin>>map[i][j]; if(map[i][j]=='@'){ st.x=i;st.y=j; st.step=0;st.key=0; } } memset(vis,0,sizeof(vis)); bfs(); } return 0; }