abc--283--E

关键

跟炮兵阵地那道题目很像，先确定上面哪一行的状态，然后在确定下面这一行的状态，采用dp就可以枚举所有的状态

代码

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int M=1005;
 
int a[M][M],f[M][2][2];
int n,m;
bool check(int p,int x,int y) {
    for(int i=1;i<=m;i++)
        if(a[p][i]!=a[p][i-1]&&a[p][i]!=a[p][i+1]&&a[p][i]!=(a[p-1][i]^x)&&a[p][i]!=(a[p+1][i]^y))return 0;
    return 1;
}
 
//每一行只会有两种状态，上面和下面
int main() {
    cin>>n>>m;
    memset(a,-1,sizeof(a));
    for(int i=1;i<=n;i++)
    for(int j=1;j<=m;j++)
        cin>>a[i][j];
    memset(f,0x3f,sizeof(f));
    f[1][0][0]=0;
    f[1][0][1]=1;
    for(int i=2;i<=n+1;i++)//现在这一样
    for(int j=0;j<2;j++)
    for(int k=0;k<2;k++)//我的状态
    for(int l=0;l<2;l++)//上下两行是什么状态
        if(check(i-1,l^k,k^j))f[i][k][j]=min(f[i][k][j],f[i-1][l][k]+j);
    int ans=min(f[n+1][0][0],f[n+1][1][0]);
    if(ans>=n)ans=-1;
    cout<<ans<<endl;
    return 0;
}
//我这一行边，和上面两行变是没有区别的