ctc loss

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CTC：前向计算例子

这里我们直接使用warp-ctc中的变量进行分析。我们定义T为RNN输出的结果的维数，这个问题的最终输出维度为alphabet_size。而ground_truth的维数为L。也就是说，RNN输出的结果为alphabet_size*T的结果，我们要将这个结果和1*L这个向量进行对比，求出最终的Loss。

我们要一步一步地揭开这个算法的细节……当然这个算法的实现代码有点晦涩……

我们的第一步要顺着test_cpu.cpp的路线来分析代码。第一步我们就是要解析small_test()中的内容。也就是做前向计算，计算对于RNN结果来说，对应最终的ground_truth——t的label的概率。

这个计算过程可以用动态规划的算法求解。我们可以用一个变量来表示动态规划的中间过程，它就是：

$\alpha^T_i$ ：表示在RNN计算的时间T时刻，这一时刻对应的ground_truth的label为第i个下标的值t[i]的概率。

这样的表示有点抽象，我们用一个实际的例子来讲解：

RNN结果： $[R_1,R_2,R_3,R_4]$ ，这里的每一个变量都对应一个列向量。

ground_truth： $[g_1,g_2,g_3]$

那么 $\alpha^2_1$ 表示 $R_2$ 的结果对应着 $g_1$ 的概率，当然与此同时，前面的结果也都合理地对应完成。

从上面的结果我们可以看出，如果 $R_2$ 的结果对应着 $g_1$ ，那么 $R_1$ 的结果也必然对应着 $g_1$ 。所以前面的结果是确定的。然而对于其他的一些情况来说，我们的转换存在着一定的不确定性。

CTC：前向计算具体过程

我们还是按照上面的例子进行计算，我们把刚才的例子搬过来：

RNN结果： $[R_1,R_2,R_3,R_4]$ ，这里的每一个变量都对应一个列向量。

ground_truth： $[g_1,g_2,g_3]$

alphabet： $[g_0(blank),g_1,g_2,g_3]$

按照上面介绍的计算方法，第一步我们先做ground_truth的状态扩展，于是我们就把长度从3扩展到了7，现在的ground_truth变成了：

$[blank,g_1,blank,g_2,blank,g_3,blank]$

我们的RNN结果长度为4，也就是说我们会从上面的7个ground_truth状态中进行转移，并最终转移到最终状态。理论上利用动态规划的算法，我们需要计算4*7=28个中间结果。好了，下面我们用 $P^T_i$ 表示RNN的第T时刻状态为ground_truth中是第i个位置的概率。

那么我们就开始计算了：

T=1时，我们只能选择 $g_1$ 和blank，所以这一轮我们终结状态只可能落在0和1上。所以第一轮变成了：

$[P^1_0,P^1_1,0,0,0,0,0]$

T=2时，我们可以继续选择 $g_1$ ，我们同时也可以选择 $g_2$ ，还可以选择 $g_1$ 和 $g_2$ 之间的blank，所以我们可以进一步关注这三个位置的概率，于是我们将其他的位置的概率设为0。 $[0,(P^1_0 +P^1_1)P^2_1,P^1_1P^2_2,P^1_1P^2_3,0,0,0]$

T=3时，留给我们的时间已经不多了，我们还剩2步，要走完整个旅程，我们只能选择 $g_2$ ， $g_3$ 以及它们之间的空格。于是乎我们关心的位置又发生了变化：

$[0,0,0, (P^1_1P^2_2+P^1_1P^2_3)P^3_3, P^1_1P^2_3P^3_4, P^1_1P^2_3P^3_5, 0]$

是不是有点看晕了？没关系，因为还剩最后一步了。下面是最后一步，因为最后一步我们必须要到 $g_3$ 以及它后面的空格了，所以我们的概率最终计算也就变成了：

$[0,0,0, 0,0, ((P^1_1P^2_2+P^1_1P^2_3)P^3_3+P^1_1P^2_2P^3_4+P^1_1P^2_2P^3_3)P^4_5, P^1_1P^2_3P^3_5P^4_6]$

好吧，最终的结果我们求出来了，实际上这就是通过时间的推移不断迭代求解出来的。关于迭代求解的公式这里就不再赘述了。我们直接来看一张图：

于是乎我们从这个计算过程中发现一些问题：

首先是一个相对简单的问题，我们看到在计算过程中我们发现了大量的连乘。由于每一个数字都是浮点数，那么这样连乘下去，最终数字有可能非常小而导致underflow。所以我们要将这个计算过程转到对数域上。这样我们就将其中的乘法转变成了加法。但是原本就是加法的计算呢？比方说我们现在计算了loga和logb，我们如何计算log(a+b)呢，这里老司机给出了解决方案，我们假设两个数中a>b，那么有

$log(a+b)=log(a(1+\frac{b}{a}))=loga+log(1+\frac{b}{a})$
$=loga+log(1+exp(log(\frac{b}{a})))=loga+log(1+exp(logb - loga))$

这样我们就利用了loga和logb计算出了log(a+b)来。

另外一个问题就是，我们发现在刚才的计算过程当中，对于每一个时间段，我们实际上并不需要计算每一个ground-truth位置的概率信息，实际上只要计算满足某个条件的某一部分就可以了。所以我们有没有希望在计算前就规划好这条路经，以保证我们只计算最相关的那些值呢？

如何控制计算的数量？

不得不说，这一部分warp-ctc写得实在有点晦涩，当然也可能是我在这方面的理解比较渣。我们这里主要关注两个部分——一个是数据的准备，一个是最终的数据的使用。

在介绍数据准备之前，我们先简单说一下这部分计算的大概思路。我们用两个变量start和end表示我们需要计算的状态的起止点，在每一个时间点，我们要更新start和end这两个变量。然后我们更新start和end之间的概率信息。这里我们先要考虑一个问题，start和end的更新有什么规律？

为了简化思考，我们先假设ground_truth中没有重复的label，我们的大脑瞬间得到了解放。好了，下面我们就要给出代码中的两个变量——

T：表示RNN结果中的维度

S/2：ground_truth的维度（S表示了扩展blank之后的维度）

基本上具备一点常识，我们就可以知道T>=S/2。什么？你觉得有可能出现T<S/2的情况？兄弟，这种见鬼的事情如果发生，你难道要我们把RNN的结果拆开给你用？臣妾不太能做得到啊……

好了，既然接受了上面的事实，那么我们就来举几个例子看看：

我们假设T=3，S/2=3，那么说白了，它们之间的对应关系是一一对应，说白了这就和blank位置没啥关系了。在T=1时，我们要转移到第一个结果，T=2，我们要转移到第二个结果……

如何控制计算的数量？cont.

好，废话少说我们书接上回。不明真相的小朋友先看这个：

下面我们假设T=4，S/2=3，好玩的地方来了。T比S/2多一个，也就是说我们允许冗余出现了，那么我们可能的形式也就变多了。我们可以增加一个blank，我们也可以在没有label位置原地打一轮酱油。选择更多，欢乐更多。

虽然选择变多，但是着并不意味着我们可以选择任意一种状态转移的方式，至少：

在T=2时，我们至少要转移到第一个结果
在T=3时，我们至少要转移到第二个结果
在T=4时，兄弟我们准备下车了

这其实就是对start的限制。源代码中有这样一句话：

int remain = (S / 2) + repeats - (T - t);

这里我们先忽略repeats，那么remain这个变量其实是在计算label数量和剩余时间的差。如果用这样的语言来表达刚才的那个问题，我们语言就变成这个样子：

当时间还剩4轮时（包括第4轮），我们在哪都无所谓（实际上是从T=1开始计算的）
当时间还剩3轮时（包括第3轮），我们至少要转移到第一个结果（index=1）
当时间还剩2轮时（包括第2轮），我们至少要转移到第二个结果（index=3）
当时间还剩1轮时（包括第1轮），我们至少要转移到第三个结果（index=5）

好了，这里我们看出其中的含义了。我们再啰嗦一下，看看这些变量随T的变化情况：

T=1，remain=0，start+=1
T=2，remain=1，start+=2
T=3，remain=2，start+=2

现在我们已经十分清楚了，当remain>=0时，start都要向前走，限制我们计算前面状态的概率，因为这些概率已经没有意义了。下面的代码也是这样描述的：

if(remain >= 0)
    start += s_inc[remain];

那么这个s_inc是什么东西？它就是我们需要提前准备好的计算量。我们知道经过扩充的label序列中，所有的非空label都处在奇数的index上，而填充的blank都处在偶数的index上（我们是0-based的计算方法，matlab选手请退散……），所以对于上面的问题，当start=0时，下一步我们会从0跳到1，此后我们会从1到3，3到5，跳转的步数都是2，所以基于这个思路，我们就可以把s_inc这个数组生成出来。当然，我们的前提是没有重复。下面我们会说重复的问题的。

我们上面说了这么多，重点把start的变化介绍清楚了。下面我们来看看end。其实end的原理也类似，我们还是用刚才的废话套路来介绍站在end视角的世界：

在T=1时，我们最多能到第一个结果
在T=2时，我们最多能转移到第二个结果
在T=3时，我们最多能转移到第三个结果
在T=4时，我们已经掌握了整个世界……oh yeah

好了，可以看出end的变化形式，每个时刻end都可以+2，直到到达最后一个非blank的label，end变成了+1，然后end就不用动了，等着start动就可以了……（怎么感觉有点污？天哪……）

那么end变化的条件是什么呢？

if(t <= (S / 2) + repeats)
    end += e_inc[t - 1];

我们还是忽略repeats，那么就十分清楚了，如果当前时刻小于等于label数，那么尽管前进，如果大于了，基本上也就到头了，这时候end就不用动了。

好了，前面我们终于说完了简单模式下start和end的移动规律，下面我们来看看带重复模式下的变化方法。

重复，重复

重复会带来什么样的变化呢？说白了如果有重复的label出现，那么两个连续重复的label中间就要至少出现一个blank。换句话说，每出现一个重复，我们的S/2就要加一，于是我们再看一眼这两个计算公式：

int remain = (S / 2) + repeats - (T - t);
if(remain >= 0)
    start += s_inc[remain];
if(t <= (S / 2) + repeats)
    end += e_inc[t - 1];

我们把repeats和S/2归到一起，这时候就能看明白了。

同理，在计算s_inc和e_inc的时候，由于有repeats的存在，它们从过去的+2变成了两个+1。也就是说先从label跳到blank，再跳到下一个label。这样就可以解释s_inc和e_inc的初始化策略了：

int e_counter = 0;
int s_counter = 0;

s_inc[s_counter++] = 1;

int repeats = 0;

for (int i = 1; i < L; ++i) {
    if (labels[i-1] == labels[i]) {
        s_inc[s_counter++] = 1;
        s_inc[s_counter++] = 1;
        e_inc[e_counter++] = 1;
        e_inc[e_counter++] = 1;
        ++repeats;
    }
    else {
        s_inc[s_counter++] = 2;
        e_inc[e_counter++] = 2;
    }
}
e_inc[e_counter++] = 1;

好了，到此我们才算把CTC中compute ctc loss这部分介绍完了。教科书上的一个公式看着简单，落实到代码就似乎充满了trick。希望看懂了这个计算的你大脑没有阵亡。

posted on 2017-08-29 17:50 azheng333 阅读(5533) 评论(0) 编辑收藏举报

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