BZOJ1396 识别子串和 BZOJ2865 字符串识别

字符串识别

<body> <center><h2>2865: 字符串识别</h2>Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 128 MB Submit: 839  Solved: 261 [<a href="submitpage.php?id=2865">Submit</a>][<a href="problemstatus.php?id=2865">Status</a>][<a href="bbs.php?id=2865">Discuss</a>]</center><h2>Description</h2><div class="content"> XX在进行字符串研究的时候，遇到了一个十分棘手的问题。 在这个问题中，给定一个字符串S，与一个整数K，定义S的子串T=S(i, j)是关于第K位的识别子串，满足以下两个条件： 1、i≤K≤j。 2、子串T只在S中出现过一次。 例如，S="banana"，K=5，则关于第K位的识别子串有"nana"，"anan"，"anana"，"nan"，"banan"和"banana"。 现在，给定S，XX希望知道对于S的每一位，最短的识别子串长度是多少，请你来帮助他。 </div><h2>Input</h2><div class="content">仅一行，输入长度为N的字符串S。 <o:p></o:p></div><h2>Output</h2><div class="content">输出N行，每行一个整数，第i行的整数表示对于第i位的最短识别子串长度。 <o:p></o:p></div><h2>Sample Input</h2> <div class="content">agoodcookcooksgoodfood </div><h2>Sample Output</h2> <div class="content"> 1 2 3 3 2 2 3 3 2 2 3 3 2 1 2 3 3 2 1 2 3 4 </div><h2>HINT</h2> <div class="content">N<=5*10^5</div><h2>Source</h2> <div class="content"><a href="problemset.php?search="></a></div><center>[<a href="submitpage.php?id=2865">Submit</a>][<a href="problemstatus.php?id=2865">Status</a>][<a href="bbs.php?id=2865">Discuss</a>]</center> <a href="./">HOME</a> <a href="javascript:history.go(-1)">Back</a> <hr> </body>

jklover的题解

SAM + 线段树.

先建出 parent 树,按照题意,我们只需要处理 right 集合大小为 1 的节点.
如下图,先算出这样的一个节点合法长度的 max,min ( min 可以用 max(fa)+1 计算).

![](https://jkloverdcoi.github.io/2019/04/27/bzoj-1396-%E8%AF%86%E5%88%AB%E5%AD%90%E4%B8%B2/1.png)

那么区域 I 内每个点的贡献就是区域 II 的长度加上这个点到区域 II 的距离. 区域 II 内每个点的贡献就是区间 II 的长度.开两颗线段树分别修改就可以了.

如何维护区域1呢？考虑他的答案是pos[u]-i+1，直接更新pos[u]，那么把最终线段树上的值-i就是答案了。这种操作比较常见。

时间复杂度\(O(n \log n)\)

co int N=2e5,INF=0x3f3f3f3f;
struct node{int min,tag;};
#define lc (x<<1)
#define rc (x<<1|1)
struct SegTree{
	node t[N*4];
	void pushup(int x){
		t[x].min=min(t[lc].min,t[rc].min);
	}
	void modify(int x,int v){
		t[x].min=min(t[x].min,v),t[x].tag=min(t[x].tag,v);
	}
	void pushdown(int x){
		if(t[x].tag<INF){
			modify(lc,t[x].tag),modify(rc,t[x].tag);
			t[x].tag=INF;
		}
	}
	void build(int x,int l,int r){
		t[x].min=t[x].tag=INF;
		if(l==r) return;
		int mid=l+r>>1;
		build(lc,l,mid),build(rc,mid+1,r);
	}
	void update(int x,int l,int r,int ql,int qr,int v){
		if(ql<=l&&r<=qr) return modify(x,v);
		pushdown(x);
		int mid=l+r>>1;
		if(ql<=mid) update(lc,l,mid,ql,qr,v);
		if(qr>mid) update(rc,mid+1,r,ql,qr,v);
		pushup(x);
	}
}T1,T2;
int ans[N];
void query(int x,int l,int r){
	if(l==r) return ans[l]=min(T1.t[x].min-l,T2.t[x].min),void();
	T1.pushdown(x),T2.pushdown(x);
	int mid=l+r>>1;
	query(lc,l,mid),query(rc,mid+1,r);
}
// SAM
char buf[N];
int n,tot=1,last=1;
int ch[N][26],fa[N],len[N],pos[N],siz[N];
void extend(int c,int po){
	int p=last,cur=last=++tot;
	len[cur]=len[p]+1,pos[cur]=po,siz[cur]=1;
	for(;p&&!ch[p][c];p=fa[p]) ch[p][c]=cur;
	if(!p) fa[cur]=1;
	else{
		int q=ch[p][c];
		if(len[q]==len[p]+1) fa[cur]=q;
		else{
			int clone=++tot;
			memcpy(ch[clone],ch[q],sizeof ch[q]);
			fa[clone]=fa[q],len[clone]=len[p]+1,pos[clone]=pos[q];
			fa[q]=fa[cur]=clone;
			for(;ch[p][c]==q;p=fa[p]) ch[p][c]=clone;
		}
	}
}
int cnt[N],ord[N];
int main(){
	scanf("%s",buf+1),n=strlen(buf+1);
	for(int i=1;i<=n;++i) extend(buf[i]-'a',i);
	for(int i=1;i<=tot;++i) ++cnt[len[i]];
	for(int i=1;i<=n;++i) cnt[i]+=cnt[i-1];
	for(int i=1;i<=tot;++i) ord[cnt[len[i]]--]=i;
	T1.build(1,1,n),T2.build(1,1,n);
	for(int i=tot;i>=1;--i){
		int u=ord[i];
		siz[fa[u]]+=siz[u];
		if(u==1||siz[u]>1) continue;
		int l=pos[u]-len[u]+1,r=pos[u]-len[fa[u]];
		if(l<=r-1) T1.update(1,1,n,l,r-1,pos[u]+1);
		T2.update(1,1,n,r,pos[u],len[fa[u]]+1);
	}
	query(1,1,n);
	for(int i=1;i<=n;++i) printf("%d\n",ans[i]);
	return 0;
}

posted on 2019-05-03 15:53 autoint 阅读(125) 评论(0) 编辑收藏举报

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