SDOI2014 数数
数数
我们称一个正整数N是幸运数,当且仅当它的十进制表示中不包含数字串集合S中任意一个元素作为其子串。例如当S=(22,333,0233)时,233是幸运数,2333、20233、3223不是幸运数。
给定N和S,计算不大于N的幸运数个数。
租酥雨的题解
AC自动机做数位DP。首先位数小于\(n\)的位数的数只要满足没有不合法串即可,记\(f[i][j]\)表示填了\(i\)个数,当前在AC自动机上编号为\(j\)的节点上的方案数,取答案\(\sum^{n−1}_{i=1}\sum^{tot}_{j=0}f[i][j]\)。注意转移的时候是只能转移到自己Trie图上的儿子而不是儿子通过fail指针串起来的所有点。
位数等于\(n\)的,在前面那个状态上多加一维,表示是否已经严格小于那个数,然后按照数位DP的一般思路卡一卡就好了。
第二次DP的状态是\(f[0/1][i][j]\),0/1是数位dp的那个是否之前所有位都和N相同。
时间复杂度\(O(10 * l * L)\),是18000000。
co int mod=1e9+7,N=1501;
int add(int x,int y)
{
x+=y;
return x>mod?x-mod:x;
}
int n;
char s[N],buf[N];
namespace AC
{
int tot;
int ch[N][10],val[N],fail[N];
void ins(char s[],int n)
{
int u=0;
for(int i=0;i<n;++i)
{
int k=s[i]-'0';
if(!ch[u][k])
ch[u][k]=++tot;
u=ch[u][k];
}
val[u]=1;
}
void getfail()
{
std::queue<int>Q;
for(int i=0;i<10;++i)
if(ch[0][i])
Q.push(ch[0][i]);
while(Q.size())
{
int u=Q.front();Q.pop();
val[u]|=val[fail[u]];
for(int i=0;i<10;++i)
{
if(ch[u][i])
{
fail[ch[u][i]]=ch[fail[u]][i];
Q.push(ch[u][i]);
}
else
ch[u][i]=ch[fail[u]][i];
}
}
}
int dp[2][N][N];
void solve()
{
int ans=0;
dp[0][0][0]=1;
for(int i=0;i<n;++i)
for(int j=0;j<=tot;++j)if(!val[j])
for(int k=0;k<10;++k)if(i+k&&!val[ch[j][k]])
dp[0][i+1][ch[j][k]]=add(dp[0][i+1][ch[j][k]],dp[0][i][j]);
for(int i=1;i<n;++i)
for(int j=0;j<=tot;++j)
ans=add(ans,dp[0][i][j]);
memset(dp,0,sizeof dp);
dp[1][0][0]=1;
for(int i=0;i<n;++i)
for(int j=0;j<=tot;++j)if(!val[j])
for(int k=0;k<10;++k)if(i+k&&!val[ch[j][k]])
{
dp[0][i+1][ch[j][k]]=add(dp[0][i+1][ch[j][k]],dp[0][i][j]);
if(k==s[i+1]-'0')
dp[1][i+1][ch[j][k]]=add(dp[1][i+1][ch[j][k]],dp[1][i][j]);
else if(k<s[i+1]-'0')
dp[0][i+1][ch[j][k]]=add(dp[0][i+1][ch[j][k]],dp[1][i][j]);
}
for(int j=0;j<=tot;++j)
ans=add(ans,add(dp[0][n][j],dp[1][n][j]));
printf("%d\n",ans);
}
}
int main()
{
// freopen(".in","r",stdin);
// freopen(".out","w",stdout);
scanf("%s",s+1);
n=strlen(s+1);
int m;
read(m);
for(int i=1;i<=m;++i)
{
scanf("%s",buf);
AC::ins(buf,strlen(buf));
}
AC::getfail();
AC::solve();
return 0;
}
静渊以有谋,疏通而知事。