uoj140 【UER #4】被粉碎的数字

题目

看起来就像是数位\(\rm dp\)

不妨从竖式乘法的角度来考虑这个问题

为了方便处理进位，我们得从低位向高位填数

设\(dp[i][0/1][j][p][t]\)表示填到了第\(i\)位，卡不卡上界，\(f(x)=j\)，\(f(k\times x)=p\)（不计算最高位），需要向最高位进\(t\)的\(x\)有多少个

这里的卡上界比较奇怪，如果这一位上填的数大于\(R\)这一位上的数，那么就一定卡了上界，如果小于这一位上的数，那么就一定不卡上界，如果和原来的数相等，那么就继续之前的状态

所以这个\(0/1\)就表示后面的\(i\)为和\(R\)后\(i\)位的大小关系，如果填的数大于\(R\)后\(i\)为，那么这个状态就是\(1\)；否则就是\(0\)

至于转移，就比较简单，我们枚举这一位上填什么数\(y\)，那么对于\(x\)，数位和增加了\(y\)，对于\(k\times x\)，这一位上直接来一个乘法是\(k\times y\)，还有之前的进位\(t\)，于是就是\((k\times y+t)\% 10\)，新的进位就是\((k\times y+t)/10\)

但是这样我们填到\(R\)的最高位之后可能还有一些进位没有处理，于是再往前多处理\(3\)位把进位处理完

最后的答案就是\(\sum_{i}dp[\lg_{R}][0][i][i][0]\)，即\(x\)的数位和等于\(f(k\times x)\)的情况，但是这样多了一维非常难受，考虑的最后只要求\(j=p\)，所以我们直接把\(j-p\)看成一维状态就好了

代码

#include<bits/stdc++.h>
#define re register
#define LL long long
LL dp[25][2][1000][500];
int m,w,a[25],M=250;LL n;
inline void split(LL x) {
	while(x) a[++w]=(x%10),x/=10;
}
int main() {
	scanf("%lld%d",&n,&m);
	dp[0][0][0][M]=1;
	split(n);
	for(re int i=0;i<w+3;i++)
		for(re int j=0;j<2;++j)
			for(re int k=0;k<1000;++k)
				for(re int p=M-2*i*9;p<=M+2*i*9;++p) {
					if(!dp[i][j][k][p]) continue;
					for(re int t=0;t<10;++t)
						dp[i+1][t==a[i+1]?j:t>a[i+1]][(k+t*m)/10][p+t-(k+t*m)%10]+=dp[i][j][k][p];
				} 
	printf("%lld\n",dp[w+3][0][0][M]-1);
	return 0;
}