LeetCode(84): 柱状图中最大的矩形

Hard!

题目描述:

给定 n 个非负整数,用来表示柱状图中各个柱子的高度。每个柱子彼此相邻,且宽度为 1 。

求在该柱状图中,能够勾勒出来的矩形的最大面积。

以上是柱状图的示例,其中每个柱子的宽度为 1,给定的高度为 [2,1,5,6,2,3]

图中阴影部分为所能勾勒出的最大矩形面积,其面积为 10 个单位。

示例:

输入: [2,1,5,6,2,3]
输出: 10

解题思路:

这道题让求直方图中最大的矩形,http://fisherlei.blogspot.com/2012/12/leetcode-largest-rectangle-in-histogram.html这里有一种很好的优化方法,就是遍历数组,每找到一个局部峰值,然后向前遍历所有的值,算出共同的矩形面积,每次对比保留最大值。

C++解法一:

 1 // Pruning optimize
 2 class Solution {
 3 public:
 4     int largestRectangleArea(vector<int> &height) {
 5         int res = 0;
 6         for (int i = 0; i < height.size(); ++i) {
 7             if (i + 1 < height.size() && height[i] <= height[i + 1]) {
 8                 continue;
 9             }
10             int minH = height[i];
11             for (int j = i; j >= 0; --j) {
12                 minH = min(minH, height[j]);
13                 int area = minH * (i - j + 1);
14                 res = max(res, area);
15             }
16         }
17         return res;
18     }
19 };

还有一种比较流行的解法,是利用栈来解,详见http://www.cnblogs.com/lichen782/p/leetcode_Largest_Rectangle_in_Histogram.html,但是经过仔细研究,其核心思想跟上面那种剪枝的方法有异曲同工之妙,这里维护一个栈,用来保存递增序列,相当于上面那种方法的找局部峰值。

我们可以看到,直方图形面积要最大的话,需要尽可能的使用连续的矩形多,并且最低一块的高度要高。有点要木桶原理一样,总是最低的那块板子决定桶的装水量。那么既然需要用单调栈来做,首先要考虑到底用递增栈,还是用递减栈来做。

增栈是维护递增的顺序,当遇到小于栈顶元素的数就开始处理,而递减栈正好相反,维护递减的顺序,当遇到大于栈顶元素的数开始处理。那么根据这道题的特点,我们需要按从高板子到低板子的顺序处理,先处理最高的板子,宽度为1,然后再处理旁边矮一些的板子,此时长度为2,因为之前的高板子可组成矮板子的矩形 ,因此我们需要一个递增栈,当遇到大的数字直接进栈,而当遇到小于栈顶元素的数字时,就要取出栈顶元素进行处理了,那取出的顺序就是从高板子到矮板子了,于是乎遇到的较小的数字只是一个触发,表示现在需要开始计算矩形面积了,为了使得最后一块板子也被处理,这里用了个小trick,在高度数组最后面加上一个0,这样原先的最后一个板子也可以被处理了。由于栈顶元素是矩形的高度,那么关键就是求出来宽度,那么跟之前那道Trapping Rain Water一样,单调栈中不能放高度,而是需要放坐标。由于我们先取出栈中最高的板子,那么就可以先算出长度为1的矩形面积了,然后再取下一个板子,此时根据矮板子的高度算长度为2的矩形面积,以此类推,知道数字大于栈顶元素为止,再次进栈,很是巧妙!关于单调栈问题可以参见http://www.cnblogs.com/grandyang/p/8887985.html

C++解法二:

 1 class Solution {
 2 public:
 3     int largestRectangleArea(vector<int> &height) {
 4         int res = 0;
 5         stack<int> st;
 6         height.push_back(0);
 7         for (int i = 0; i < height.size(); ++i) {
 8             if (st.empty() || height[st.top()] < height[i]) {
 9                 st.push(i);
10             } else {
11                 int cur = st.top(); st.pop();
12                 res = max(res, height[cur] * (st.empty() ? i : (i - st.top() - 1)));
13                 --i;
14             }     
15         }
16         return res;
17     }
18 };

我们可以将上面的方法稍作修改,使其更加简洁一些:

C++解法二:

 1 class Solution {
 2 public:
 3     int largestRectangleArea(vector<int>& heights) {
 4         int res = 0;
 5         stack<int> st;
 6         heights.push_back(0);
 7         for (int i = 0; i < heights.size(); ++i) {
 8             while (!st.empty() && heights[st.top()] >= heights[i]) {
 9                 int cur = st.top(); st.pop();
10                 res = max(res, heights[cur] * (st.empty() ? i : (i - st.top() - 1)));
11             }
12             st.push(i);
13         }
14         return res;
15     }
16 };

 

posted @ 2018-06-09 13:40  Ariel_一只猫的旅行  阅读(4087)  评论(0编辑  收藏  举报