初涉tarjan缩点

tarjan缩点：口胡过好多题，不过从来没写过……

什么是缩点

tarjan和Kosaraju、Gabow算法一样，是为了求有向图中的强连通分量。因为有向图中大多数情况下会有环存在，而有环是一个不甚好的性质。如果把有向图里的所有强连通分量都看作是一个点（缩点），则原图就会变成一个DAG——DAG是一个好东西。

什么是tarjan缩点

tarjan算法网上大多有介绍，我也在之前看过多次，不过从未写过，这里不再介绍。

今天把核心代码重新看了一遍，终于深入理解了其算法。那么就不妨在这里直接放上代码。

tarjan代码

 1     void tarjan(int now)
 2     {
 3         dfn[now] = low[now] = ++tim;　　　　//常规的dfn[]和low[]
 4         stk[++cnt] = now;
 5         for (int i=head[now]; i!=-1; i=nxt[i])
 6         {
 7             int v = edges[i];
 8             if (!dfn[v]){
 9                 tarjan(v);
10                 low[now] = std::min(low[now], low[v]);
11             }else if (!col[v])
12                 low[now] = std::min(low[now], dfn[v]);　　//注意这里是dfn[v]
13         }
14         if (low[now]==dfn[now])　　//最后的统计部分
15         {
16             col[now] = ++cols;
17             for (; stk[cnt]!=now; cnt--)
18                 col[stk[cnt]] = cols;
19             cnt--;
20         }
21     } 

用途

1.有向图的缩点

2.解决2-SAT

几道例题

【tarjan+DAGdp】P3387 【模板】缩点

题目背景

缩点+DP

题目描述

给定一个n个点m条边有向图，每个点有一个权值，求一条路径，使路径经过的点权值之和最大。你只需要求出这个权值和。

允许多次经过一条边或者一个点，但是，重复经过的点，权值只计算一次。

输入输出格式

输入格式： 

第一行，n,m

第二行，n个整数，依次代表点权

第三至m+2行，每行两个整数u,v，表示u->v有一条有向边

输出格式：

共一行，最大的点权之和。

说明

n<=10^4,m<=10^5,点权<=1000

算法：Tarjan缩点+DAGdp

 

题目分析

嘛……具体算法在题面里都给出来了。缩点+dp。

我做法是缩完点后重新建边，长是长了点，不过要是到了其他题的话可移植性会大一些。

至于dp，只需要建一个超级源，然后从超级源开始记忆化搜索就好了。

 

  1 #include<bits/stdc++.h>
  2 const int maxn = 10005;
  3 const int maxm = 100035;
  4 
  5 int n,m;
  6 int f[maxn],val[maxn],col[maxn],cols;
  7 int edgeTot,edges[maxm],nxt[maxm],head[maxn];
  8 bool vis[maxn];
  9 
 10 int read()
 11 {
 12     char ch = getchar();
 13     int num = 0;
 14     bool fl = 0;
 15     for (; !isdigit(ch); ch = getchar())
 16         if (ch=='-') fl = 1;
 17     for (; isdigit(ch); ch = getchar())
 18         num = (num<<1)+(num<<3)+ch-48;
 19     if (fl) num = -num;
 20     return num;
 21 }
 22 namespace tarjanSpace
 23 {
 24     int stk[maxn],cnt;
 25     int a[maxn],dfn[maxn],low[maxn],tim;
 26     int edgeTot,edges[maxm],nxt[maxm],head[maxn];
 27     void tarjan(int now)
 28     {
 29         dfn[now] = low[now] = ++tim;
 30         stk[++cnt] = now;
 31         for (int i=head[now]; i!=-1; i=nxt[i])
 32         {
 33             int v = edges[i];
 34             if (!dfn[v]){
 35                 tarjan(v);
 36                 low[now] = std::min(low[now], low[v]);
 37             }else if (!col[v])
 38                 low[now] = std::min(low[now], dfn[v]);
 39         }
 40         if (low[now]==dfn[now])
 41         {
 42             ::col[now] = ++::cols;
 43             for (; stk[cnt]!=now; cnt--)
 44                 ::col[stk[cnt]] = ::cols;
 45             cnt--;
 46         }
 47     }
 48     inline void addedgeInner(int u, int v)
 49     {
 50         edges[++edgeTot] = v, nxt[edgeTot] = head[u], head[u] = edgeTot;
 51     }
 52     inline void addedgeOuter(int u, int v)
 53     {
 54         ::edges[++::edgeTot] = v, ::nxt[::edgeTot] = ::head[u], ::head[u] = ::edgeTot;
 55     }
 56     void dealOuter()
 57     {
 58         for (int i=1; i<=n; i++) ::val[::col[i]] += a[i];
 59         for (int i=1; i<=n; i++)
 60         {
 61             int u = col[i];
 62             for (int j=head[i]; j!=-1; j=nxt[j])
 63             {
 64                 int v = col[edges[j]];
 65                 addedgeOuter(u, v);
 66             }
 67         }
 68         for (int i=1; i<cols; i++) addedgeOuter(0, i);
 69     }
 70     void solve()
 71     {
 72         memset(head, -1, sizeof head);
 73         n = read(), m = read(), cnt = tim = edgeTot = 0;
 74         for (int i=1; i<=n; i++) a[i] = read(), addedgeInner(0, i);
 75         for (int i=1; i<=m; i++)
 76         {
 77             int u = read(), v = read();
 78             addedgeInner(u, v);
 79         }
 80         tarjan(0);
 81         dealOuter();
 82     }
 83 }
 84 void dp(int now)
 85 {
 86     if (vis[now]) return;
 87     vis[now] = 1;
 88     for (int i=head[now]; i!=-1; i=nxt[i])
 89     {
 90         int v = edges[i];
 91         dp(v);
 92         f[now] = std::max(f[now], f[v]);
 93     }
 94     f[now] += val[now];   
 95 }
 96 int main()
 97 {
 98     memset(head, -1, sizeof head);
 99     tarjanSpace::solve();
100     dp(0);
101     printf("%d\n",f[0]);
102     return 0;
103 }

 

【tarjan】bzoj1051: [HAOI2006]受欢迎的牛

Description

　　每一头牛的愿望就是变成一头最受欢迎的牛。现在有N头牛，给你M对整数(A,B)，表示牛A认为牛B受欢迎。 这
种关系是具有传递性的，如果A认为B受欢迎，B认为C受欢迎，那么牛A也认为牛C受欢迎。你的任务是求出有多少头
牛被所有的牛认为是受欢迎的。

Input

　　第一行两个数N,M。 接下来M行，每行两个数A,B，意思是A认为B是受欢迎的（给出的信息有可能重复，即有可
能出现多个A,B）

Output

　　一个数，即有多少头牛被所有的牛认为是受欢迎的。

Sample Input

3 3
1 2
2 1
2 3

Sample Output

1

HINT 

100%的数据N<=10000,M<=50000

题目分析

一个最基础的方法就是把每只奶牛都开一个认可数组vis[]并且赋一个标号，对于出边传递自己所有的认可，这样子到最后统计有多少牛拥有所有认可就好了。

那么为了避免死循环是要先拓扑排序一遍的，但是这张图如果存在环呢？存在环就不能只这样操作了。

当做法因为环的存在而不适用的时候，自然就考虑到了缩点。

对于缩完点的图，我们再来观察一下：

可以发现，这个DAG新图若存在强连通分量满足条件，则这个强连通分量一定是出度为零的。

这里不能够用入度是否为n-1判断，因为认可能够被传递，与入度没有直接关系。

还有非常重要的一点！如果建了超级源来联通森林，那么$maxm'=maxn+maxm$，不然要RE的！

 

 1 #include<bits/stdc++.h>
 2 const int maxn = 10035;
 3 const int maxm = 60035;
 4 
 5 int n,m;
 6 int deg[maxn],stk[maxn],cnt;
 7 int col[maxn],cols;
 8 int dfn[maxn],low[maxn],size[maxn],tim;
 9 int edgeTot,edges[maxm],nxt[maxm],head[maxn];
10 
11 int read()
12 {
13     char ch = getchar();
14     int num = 0;
15     bool fl = 0;
16     for (; !isdigit(ch); ch = getchar())
17         if (ch=='-') fl = 1;
18     for (; isdigit(ch); ch = getchar())
19         num = (num<<1)+(num<<3)+ch-48;
20     if (fl) num = -num;
21     return num;
22 }
23 void addedge(int u, int v)
24 {
25     edges[++edgeTot] = v, nxt[edgeTot] = head[u], head[u] = edgeTot;
26 }
27 void tarjan(int x)
28 {
29     dfn[x] = low[x] = ++tim;
30     stk[++cnt] = x;
31     for (int i=head[x]; i!=-1; i=nxt[i])
32     {
33         int v = edges[i];
34         if (!dfn[v])
35             tarjan(v), low[x] = std::min(low[x], low[v]);
36         else if (!col[v])
37             low[x] = std::min(low[x], dfn[v]);
38     }
39     if (dfn[x]==low[x])
40     {
41         col[x] = ++cols, size[cols] = 1;
42         for (; stk[cnt]!=x; cnt--, size[cols]++)
43             col[stk[cnt]] = cols;
44         cnt--;
45     }
46 }
47 int main()
48 {
49     memset(head, -1, sizeof head);
50     n = read(), m = read();
51     for (int i=1; i<=m; i++)
52     {
53         int u = read(), v = read();
54         addedge(u, v);
55     }
56     for (int i=1; i<=n; i++) addedge(0, i);
57     tarjan(0);
58     for (int i=1; i<=n; i++)
59         for (int j=head[i]; j!=-1; j=nxt[j])
60             if (col[i]!=col[edges[j]])
61                 deg[col[i]]++;
62     int tot = 0, gr = 0;
63     for (int i=1; i<cols; i++)
64         if (!deg[i])
65             tot = size[i], gr++;
66     printf("%d\n",gr>1?0:tot);
67     return 0;
68 }

 

【tarjan+拓扑排序】P1262 间谍网络

题目描述

由于外国间谍的大量渗入，国家安全正处于高度的危机之中。如果A间谍手中掌握着关于B间谍的犯罪证据，则称A可以揭发B。有些间谍收受贿赂，只要给他们一定数量的美元，他们就愿意交出手中掌握的全部情报。所以，如果我们能够收买一些间谍的话，我们就可能控制间谍网中的每一分子。因为一旦我们逮捕了一个间谍，他手中掌握的情报都将归我们所有，这样就有可能逮捕新的间谍，掌握新的情报。

我们的反间谍机关提供了一份资料，色括所有已知的受贿的间谍，以及他们愿意收受的具体数额。同时我们还知道哪些间谍手中具体掌握了哪些间谍的资料。假设总共有n个间谍(n不超过3000)，每个间谍分别用1到3000的整数来标识。

请根据这份资料，判断我们是否有可能控制全部的间谍，如果可以，求出我们所需要支付的最少资金。否则，输出不能被控制的一个间谍。

输入输出格式

输入格式：

第一行只有一个整数n。

第二行是整数p。表示愿意被收买的人数，1≤p≤n。

接下来的p行，每行有两个整数，第一个数是一个愿意被收买的间谍的编号，第二个数表示他将会被收买的数额。这个数额不超过20000。

紧跟着一行只有一个整数r，1≤r≤8000。然后r行，每行两个正整数，表示数对(A, B)，A间谍掌握B间谍的证据。

输出格式：

如果可以控制所有间谍，第一行输出YES，并在第二行输出所需要支付的贿金最小值。否则输出NO，并在第二行输出不能控制的间谍中，编号最小的间谍编号。

 

题目分析

这题显然我们首先要环缩点，然后对于DAG拓扑排序，所有入度为0的点都必须要选。

要注意一点的就是：若一个连通块是可控制的，它的代价是块内所有可贿赂间谍的最小值。

 1 #include<bits/stdc++.h>
 2 const int maxn = 3003;
 3 const int maxm = 10003;
 4 
 5 struct node
 6 {
 7     int id,val;
 8 }a[maxn];
 9 int n,p,r,ans;
10 int low[maxn],dfn[maxn],tim;
11 int col[maxn],cols;
12 int stk[maxn],deg[maxn],val[maxn],cnt;
13 int edgeTot,edges[maxm],nxt[maxm],head[maxn];
14 bool mp[maxn];
15 
16 int read()
17 {
18     char ch = getchar();
19     int num = 0;
20     bool fl = 0;
21     for (; !isdigit(ch); ch = getchar())
22         if (ch=='-') fl = 1;
23     for (; isdigit(ch); ch = getchar())
24         num = (num<<1)+(num<<3)+ch-48;
25     if (fl) num = -num;
26     return num;
27 }
28 void addedge(int u, int v)
29 {
30     edges[++edgeTot] = v, nxt[edgeTot] = head[u], head[u] = edgeTot;
31 }
32 void tarjan(int now)
33 {
34     dfn[now] = low[now] = ++tim;
35     stk[++cnt] = now;
36     for (int i=head[now]; i!=-1; i=nxt[i])
37     {
38         int v = edges[i];
39         if (!dfn[v])
40             tarjan(v),
41             low[now] = std::min(low[now], low[v]);
42         else if (!col[v])
43             low[now] = std::min(low[now], dfn[v]);
44     }
45     if (dfn[now]==low[now])
46     {
47         col[now] = ++cols;
48         for (; stk[cnt]!=now; cnt--)
49             col[stk[cnt]] = cols;
50         cnt--;
51     }
52 }
53 int main()
54 {
55     memset(head, -1, sizeof head);
56     memset(val, 0x3f3f3f3f, sizeof val);
57     n = read(), p = read();
58     for (int i=1; i<=p; i++)
59         a[i].id = read(), a[i].val = read();
60     r = read();
61     for (int i=1; i<=r; i++)
62     {
63         int u = read(), v = read();
64         addedge(u, v);
65     }
66     for (int i=1; i<=n; i++) addedge(0, i);
67     tarjan(0);
68     for (int i=1; i<=p; i++)
69     {
70         int u = col[a[i].id];
71         mp[u] = 1, val[u] = std::min(val[u], a[i].val);
72     }
73     for (int i=1; i<=n; i++)
74         for (int j=head[i]; j!=-1; j=nxt[j])
75             if (col[i]!=col[edges[j]])
76                 deg[col[edges[j]]]++;
77     bool fl = 1;
78     // for (int i=1; i<cols&&fl; i++)
79     //     if (!deg[i]&&!mp[col[a[i].id]])
80     //         fl = 0, ans = i;
81     //     else ans += a[i].val;
82     // for (int i=1; i<=p; i++)
83     //     if (!deg[col[a[i].id]])
84     //         ans += a[i].val;
85     for (int i=1; i<cols; i++)
86         if (mp[i]&&!deg[i]) ans += val[i];
87     for (int i=1; i<=n&&fl; i++)
88         if (!deg[col[i]]&&!mp[col[i]])
89             fl = 0, ans = i;
90     printf("%s\n%d\n",fl?"YES":"NO",ans);
91     return 0;
92 }

 

 

 

END

posted @ 2018-07-03 20:45  AntiQuality  阅读(258)  评论(0)  编辑  收藏  举报