【树上差分+树状数组】bzoj 1103 大都市meg
Description
在经济全球化浪潮的影响下,习惯于漫步在清晨的乡间小路的邮递员Blue Mary也开始骑着摩托车传递邮件了。不过,她经常回忆起以前在乡间漫步的情景。昔日,乡下有依次编号为1..n的n个小村庄,某些村庄之间有一些双向的土路。从每个村庄都恰好有一条路径到达村庄1(即比特堡)。并且,对于每个村庄,它到比特堡的路径恰好只经过编号比它的编号小的村庄。另外,对于所有道路而言,它们都不在除村庄以外的其他地点相遇。在这个未开化的地方,从来没有过高架桥和地下铁道。随着时间的推移,越来越多的土路被改造成了公路。至今,Blue Mary还清晰地记得最后一条土路被改造为公路的情景。现在,这里已经没有土路了——所有的路都成为了公路,而昔日的村庄已经变成了一个大都市。 Blue Mary想起了在改造期间她送信的经历。她从比特堡出发,需要去某个村庄,并且在两次送信经历的间隔期间,有某些土路被改造成了公路.现在Blue Mary需要你的帮助:计算出每次送信她需要走过的土路数目。(对于公路,她可以骑摩托车;而对于土路,她就只好推车了。)
Input
第一行是一个数n(1 < = n < = 2 50000).
以下n-1行,每行两个整数a,b(1 < = a以下一行包含一个整数m(1 < = m < = 2 50000),表示Blue Mary曾经在改造期间送过m次信。
以下n+m-1行,每行有两种格式的若干信息,表示按时间先后发生过的n+m-1次事件:
若这行为 A a b(a若这行为 W a, 则表示Blue Mary曾经从比特堡送信到村庄a。
Output
有m行,每行包含一个整数,表示对应的某次送信时经过的土路数目。
Sample Input
5
1 2
1 3
1 4
4 5
4
W 5
A 1 4
W 5
A 4 5
W 5
W 2
A 1 2
A 1 3
1 2
1 3
1 4
4 5
4
W 5
A 1 4
W 5
A 4 5
W 5
W 2
A 1 2
A 1 3
Sample Output
2
1
0
1
1
0
1
首先dfs一遍,找到每个点的入队和出队的时间,然后在这个序列上标记-1和1,然后利用树状数组进行计算即可
代码
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; const int maxn=250005; int cnt,n,m,head[maxn],out[maxn],in[maxn],times; struct edge { int to,nxt; }e[maxn<<1]; char s[10]; void add(int x,int y) { e[++cnt].to=y; e[cnt].nxt=head[x]; head[x]=cnt; } void dfs(int u,int fa) { in[u]=++times; for(int i=head[u];i;i=e[i].nxt) { int to=e[i].to; if(to==fa) continue; dfs(to,u); } out[u]=++times; } int c[maxn<<1]; int lowbit(int x) { return x&(-x); } void update(int x,int v) { for(int i=x;i<=n*2;i+=lowbit(i)) c[i]+=v; } int query(int x) { int res=0; for(int i=x;i;i-=lowbit(i)) res+=c[i]; return res; } int main() { freopen("a.in","r",stdin); freopen("a.out","w",stdout); scanf("%d",&n); int x,y; for(int i=1;i<n;i++) { scanf("%d%d",&x,&y); add(x,y); add(y,x); } dfs(1,0); for(int i=1;i<=n;i++) update(in[i],1),update(out[i],-1); scanf("%d",&m); for(int i=1;i<=m+n-1;i++) { scanf("%s",s); if(s[0]=='A') { scanf("%d%d",&x,&y); update(in[y],-1); update(out[y],1); } else { scanf("%d",&x); printf("%d\n",query(in[x])-1); } } return 0; }