贪心 park
来总结一道非常经典的好题
这一道题是通过贪心实现的
首先看到这一题的时间复杂度
n<=100000
需要一个比较玄学的做法
我们先假设把题干改成这个样子
一圈n个车位
停在每个车位都有一定的代价
停m个车 可以相邻 求最小代价
那么这就是非常简单的贪心
可以每一次都取当前最小的车位来停
那么这个题只不过是增加了一个不能两两相邻的限制条件
我们可以想办法变成上一个题
如果我们有一个环是这样的
x
y z
a
这四个数中最小的数是x
然而y+z<x+a
如果我们用普通的贪心肯定是先取到最小的x
那么这一道题得出的就不是正确答案
我们假如要删掉x 选y和z 需要怎么处理呢?
我们可以添加一个值y+z-x点
如果将这个点加到答案里面 就相当于对x进行了删除操作 并且选上了y和z
注:我们还要证明一下为什么去掉x后 如果选y就一定也要选z
y x z
如果我们之前选过了x(最小) 现在有更优的解需要删掉x
假如我们只选了y
没有选z
那么这是不成立的
因为如果只选了y 完全可以把y替换成x从而得出一个更小更优的答案
所以如果选了y
就一定也会选z
这一道题的实现方法 就是维护一个优先队列
我们先把所有的点入队
这样子就队列内部就自动维护从小到大排序了(堆实现的)
我们每一次取出最前的一个点(当前最小)
累加到ans上 并把当前点删除 把两边合并
也就是
再把当前点的值变为左+右-自己 就是刚才说的
作为一个新的点加入到优先队列里去
如此一来 既维护了答案最小 也维护了点两两不相邻
这是比较经典且有难度的一个题型 要好好掌握!
#include<bits/stdc++.h> #define N 200010 #define pa pair<int,int> using namespace std; int n,m,a[N]; int L[N],R[N]; bool vis[N]; void del(int x) { vis[x]=1; R[L[x]]=R[x]; L[R[x]]=L[x]; } int main() { int n,m; scanf("%d%d",&n,&m); priority_queue<pa,vector<pa>,greater<pa> >q; for(int i=1;i<=n;i++) { scanf("%d",&a[i]); if(i==1) L[i]=n; else L[i]=i-1; if(i==n) R[i]=1; else R[i]=i+1; q.push(pa(a[i],i));//优先队列 } int ans=0; while(m--){ while(vis[q.top().second]) q.pop(); int x=q.top().second; q.pop(); ans+=a[x]; a[x]=a[L[x]]+a[R[x]]-a[x]; del(L[x]);del(R[x]); q.push(pa(a[x],x)); } cout<<ans; return 0; }