Noip2015 子串 - DP - 考察基本功
先说一个没有滚动数组的版本
对于A串的一个字符,只有选和不选两种可能,选是一种方案,不选也是一种方案
设\(f(i,j,k)\) 为A串的前 i 项在分离出 第k个子串时成功匹配到B串的前 j 项时 选择 A串第i项的方案数
还需要加上A串第i项不选择的方案
设\(s(i,j,k)\) 为A串的前 i 项在分离出 第k个子串时成功匹配到B串的前 j 项的方案总数
那么\(s(n,m,k)\) 就是最终答案
整个过程就是用A串的每一个字符都去试试匹配B串的前j个字符,一直到 j = m,这时B串已经被完全匹配,然后用下一个字符再去匹配,最后把A中的每一个字符都试一遍
关于s的转移:\(s(i,j,k)=s(i-1,j,k)+f(i,j,k)\)
这个转移也可以用阶段的方式来理解,s就是上一阶段(A试用第i-1个字符)时的方案总数加上A试用第i个字符时的方案总数
现在关键是求出f的转移
当A[i]==B[j]
时,i字符是可选的,i字符可以和i-1字符组成一个子串,也可以自立门户,单独成为一个新串
1.和i-1组成一个子串,由\(f(i-1,j-1,k)\) 转移而来
2.不和i-1组成一个子串,由\(s(i-1,j-1,k-1)\) 转移而来
关于第二个转移,首先自立门户的话,子串数量加1,而状态定义为选择了第i个字符并且现在是第k个子串,那么i的方案数一定是由k-1号子串转移而来的
当A[i]!=B[j]
时,第i号字符显然是不可选的,所以\(f(i,j,k)=0\)
总状态转移方程:
\[f(i,j,k)=
\begin{cases}
f(i-1,j-1,k)+s(i-1,j-1,k-1) &\mbox{(A[i] == B[j])}\\
0 &\mbox{ (A[i] != B[j])}
\end{cases}
\]
\[s(i,j,k)=s(i-1,j,k)+f(i,j,k)
\]
代码(未优化空间,70分做法)
#include <cstdio>
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <string>
#define moder 1000000007
using namespace std;
char a[1010],b[210];
int f[1010][210][210],s[1010][210][210],n,m,kk;
int main() {
cin >> n >> m >> kk;
cin >> a+1 >> b+1;
s[0][0][0] = 1;
for(int i=1; i<=n; i++) {
s[i][0][0] = 1;
for(int j=1; j<=m; j++) {
for(int k=1; k<=min(kk,j); k++) {
if(a[i] == b[j]) {
f[i][j][k] = (f[i-1][j-1][k] + s[i-1][j-1][k-1]) % moder;
s[i][j][k] = (s[i-1][j][k] + f[i][j][k]) % moder;
} else {
s[i][j][k] = s[i-1][j][k];
}
}
}
}
cout << s[n][m][kk];
return 0;
}
现在就应该开始滚动数组啦
可以看出,状态之间的转移只是i-1到i的转移,所以可以压掉i维,并且对j和k进行逆序枚举(每个字符只能选一次)
因为他们的转移都是从一个更小阶段的状态来的,所以逆序枚举不影响转移
代码:
#include <cstdio>
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <string>
#define moder 1000000007
using namespace std;
char a[1010],b[210];
int f[210][210],s[210][210],n,m,K;
int main() {
scanf("%d %d %d",&n,&m,&K);
scanf("%s %s",a+1, b+1);
s[0][0] = 1;
for(int i=1; i<=n; i++) {
for(int j=m; j>=1; j--) {
for(int k=min(K,j); k>=1; k--) {
if(a[i] == b[j]) {
f[j][k] = (f[j-1][k] + s[j-1][k-1]) % moder;
s[j][k] = (s[j][k] + f[j][k]) % moder;
} else {
f[j][k] = 0;//这是必要的,即使不更新i,这个数组也会保存着i-1的值
}
}
}
}
printf("%d",s[m][K]);
return 0;
}