L(chess)
【题目描述】
BBS喜欢和LGH下棋，因为这样能增长他的LG技巧。今天他们又开始下棋。BBS想知道，以当前的局势，如果双方都以最优策略下棋，那么谁能获得胜利呢？毕竟如果这局会输，就可以马上用LFF清理大师清理桌面以保持他的100%的胜率。
棋盘是一个8*8的方格。BBS执白，棋子用’W’表示；LGH执黑，棋子用’B’表示。规则是这样的：棋盘上为’.’的位置是空格。对于BBS来说，如果他有一个棋子在(r,c)的位置且(r-1,c)的位置为空格，那么他可以将这个棋子移到(r-1,c)的位置，如果他将任意一个棋子移到了(1,c)，那么他将立即获得胜利。对于LGH来说，如果他有一个棋子在(r,c)的位置且(r+1,c)的位置为空格，那么他可以将这个棋子移到(r+1,c)的位置，如果他将任意一个棋子移到了(8,c)，那么他将立即获得胜利。由于BBS非常的B，所以总是他先手移动一个棋子，然后交换移动权。现在给你整个棋盘，请你输出这局的结果。
【输入描述】
输入一个8*8的棋盘，由’W’,’B’或’.’组成。保证此时第一行没有W，第八行没有B。
【输出描述】
如果这盘BBS能赢，请输出”BBS”；如果这盘LGH能赢，请输出”LGH”。
【样例】
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输入1 |
输出1 |
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........ ........ .B....B. ....W... ........ ..W..... ........ ........ |
BBS |
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输入2 |
输出2 |
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..B..... ..W..... ......B. ........ .....W.. ......B. ........ ........ |
LGH |
【说明】
本题中，每10%的数据包括5个点，只有通过全部的5个点才能获得这10%的分数。
大水题，随便打。
#include<cstdio> #include<iostream> using namespace std; char a[10][10]; int w=10,b=10; int main() { //freopen("chess.in","r",stdin); //freopen("chess.out","w",stdout); for(int i=1;i<=8;i++)scanf("%s",a[i]); for(int j=1;j<=8;j++){ int tmp=10; for(int i=1;i<=8;i++){ if(a[i][j-1]!='.'){ if(a[i][j-1]=='W')tmp=i-1; break; } } if(w>tmp)w=tmp; } for(int j=1;j<=8;j++){ int tmp=10; for(int i=8;i>=1;i--){ if(a[i][j-1]!='.'){ if(a[i][j-1]=='B')tmp=8-i; break; } } if(b>tmp)b=tmp; } if(w==10&&b==10)return 0; if(w<=b)puts("BBS"); else puts("LGH"); return 0; }
G(tree)
【题目描述】
BBS有一个n个点的树，现在告诉你这n-1条边两端的点，由于他非常B，所以希望你能帮他把这棵树放到平面直角坐标系上，并满足以下条件，要不然BBS的强迫症会发作：
- 不B不行：每个点的坐标必须为整点，即x,y均为整数。同时点的坐标两两不同且坐标绝对值小于10^18。
- 不B不行：每条树边都必须平行于x轴或y轴。
- 不S不行：不能有任意两条树边在非树点处相交。
【输入描述】
第一行为一个整数n，表示树点的数量。
接下来的n-1行，每行两个整数p[i]和q[i]，表示点p[i]和点q[i]有连边。
【输出描述】
第一行输出”YES”或”NO”。如果能将这棵树放到平面直角坐标系上且满足所以条件，输出”YES”，否则输出”NO”。
如果第一行输出”YES”，那么接下来的n行，每行输出两个整数x[i],y[i]，表示点i的坐标为(x[i],y[i])。
如果有多种解，允许输出任意一种。
【样例】
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输入 |
输出 |
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7 1 2 1 3 2 4 2 5 3 6 3 7 |
YES 0 0 1 0 0 1 2 0 1 -1 -1 1 0 2 |
【数据范围】
对于100%的数据，1<=n<=30
本题中，每10%的数据包括6个点，只有通过全部的6个点才能获得这10%的分数。
就是一题构造题，只要每一个分支的长度是父节点分支的1/2就可以了。
#include<cstdio> #include<vector> #include<iostream> #define ll long long using namespace std; vector<int> g[31]; ll ax[31],ay[31]; const int tx[4]={0,0,-1,1};//上下左右 const int ty[4]={-1,1,0,0}; void dfs(int x,int f,int la,ll d){ int now=0; for(int i=0;i<g[x].size();i++){ int y=g[x][i];if(y==f)continue; if(now==la)now++; ax[y]=ax[x]+tx[now]*d; ay[y]=ay[x]+ty[now]*d; dfs(y,x,now^1,d>>1); now++; } } int main() { int n;scanf("%d",&n); for(int i=1;i<n;i++){ int x,y;scanf("%d%d",&x,&y); g[x].push_back(y); g[y].push_back(x); } for(int i=1;i<=n;i++)if(g[i].size()>4) {puts("NO");return 0;} ax[1]=ay[1]=0;dfs(1,-1,-1,1<<30); puts("YES"); for(int i=1;i<=n;i++) printf("%lld %lld\n",ax[i],ay[i]); return 0; }
B(journey)
【题目描述】
BBS作为一名老司机，最喜欢的自然不过开车。今天他新进口了一辆“涡轮喷压”车，可以在助跑至少s个单位后在空中飞至多d个单位。本来开车是一件很开心的事，从石头上飞过去也是件很开心的事，可是两件事在一起……怎么会这样呢？瀚嵩现在在0的位置，他要开到m的位置，在这段路上有n块石头，现在他知道这n块石头的位置，他想请教你要如何开车才能经过这一段路？
【输入描述】
第一行有四个数，分别是n,m,s,d
第二行为n个数，是n个石头的位置w[1],w[2]…w[n]
【输出描述】
输出有若干行，为你开车的过程，每个过程一行，方法有两种：
1、“RUN X”这个表示在地上开X个单位长度，不能有两个连续的RUN命令
2、“JUMP X”这个表示在空中飞X个单位长度，这个命令的前一个操作要求要助跑距离超过s,飞的长度不超过d
如果有多种过程能到达终点，允许输出任意一种。
如果不能到达终点，输出“Impossible”
【样例】
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输入 |
输出 |
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3 10 1 3 3 4 7 |
RUN 2 |
【样例解释】
【数据范围】
对于40%的数据，n<=10并捆绑测试
对于70%的数据，n<=100000
对于100%的数据，
1<=n<=200000,2<=m<=10^9,1<=s,d<=10^9,1<=w[i]<=m-1,w[i]<w[i+1]
X为1到10^9内的整数
啊啊
简直就是细节题，直接模拟。。
注意的是存答案的数组要开2倍大。不然。。。Runtime Error
#include<iostream> #include<cstring> #include<cstdio> using namespace std; int w[200010],g[400010][2]; int n,m,s,d,cnt=0,t; inline int read(){ int x=0;char c=getchar(); while(c>'9'||c<'0')c=getchar(); while(c<='9'&&c>='0'){x=x*10+c-'0';c=getchar();} return x; } int main() { n=read();m=read();s=read();d=read(); for(int i=1;i<=n;i++)w[i]=read(); w[n+1]=w[n]+1000000; if(w[1]-1<s||d==1){puts("Impossible");return 0;} else{g[++cnt][1]=1;g[cnt][2]=w[1]-1;t=w[1]-1;} for(int i=2;i<=n+1;i++){ int a=w[i]-w[i-1]-2; if(a>=s){ g[++cnt][1]=0;g[cnt][2]=w[i-1]+1-t; g[++cnt][1]=1;g[cnt][2]=a;t=w[i]-1; } else if(w[i]>=t+d){puts("Impossible");return 0;} } for(int i=1;i<cnt;i++){ printf(g[i][1]?"RUN":"JUMP"); printf(" %d\n",g[i][2]); } if(w[n]+1<m)printf("RUN %d\n",m-w[n]-1); return 0; }
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