区间DP 基本题集

51 Nod 1021 石子归并

模板题，敲就完事了，注意一下这种状态转移方程有个四边形的优化（时间）

#include <cstdio>
#include <iostream>
#include <cstring>
using namespace std;

int n;
const int maxn=1e3+5;
int f[maxn][maxn], s[maxn][maxn], a[maxn], sum[maxn];


void solve_sim()
{
    memset(f, 0x3f, sizeof(f));
    for(int i=1; i<=n; i++)
        f[i][i]=0;

    for(int len=1; len<n; len++)
        for(int i=1; i<=n-len; i++)
        {
            int j=i+len;
            for(int k=i; k<j; k++)
                f[i][j]=min(f[i][j], f[i][k]+f[k+1][j]+sum[j]-sum[i-1]);
        }
}


void solve_opt()
{
    memset(f, 0x3f, sizeof(f));
    for(int i=1; i<=n; i++){
        f[i][i]=0; s[i][i]=i;
    }

    for(int len=1; len<n; len++)
        for(int i=1; i<=n-len; i++)
        {
            int j=i+len;
            for(int k=s[i][j-1]; k<=s[i+1][j]; k++)
            {
                if(f[i][j]>f[i][k]+f[k+1][j])
                {
                    f[i][j]=f[i][k]+f[k+1][j];
                    s[i][j]=k;
                }
            }
            f[i][j]+=sum[j]-sum[i-1];
        }
}

int main()
{
    cin>>n;
    for(int i=1; i<=n; i++)
    {
        cin>>a[i];
        sum[i]=sum[i-1]+a[i];
    }

    solve_sim();
    solve_opt();

    cout<<f[1][n]<<endl;
    return 0;
}

 

POJ  3186 喂牛

题意：给你n个数字.....每次你可以取出最左端的数字或者取出最右端的数字，一共取n次取完。假设你第i次取的数字是x，你可以获得i*x的价值。求总价值之和最大。

题解：区间DP问题，子问题：在dp[i][j]这段区间所获得的最大价值； 

　　　划分：取左边或者取右边，这个是从底往上推的，初始化要注意，

方程：f[i][j]=max(f[i+1][j]+(n-len)*a[i], f[i][j-1]+(n-len)*a[j])

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <algorithm>
using namespace std;

const int INF=0x3f3f3f3f;
const int maxn=2e3+5;
int f[maxn][maxn], a[maxn];

int main()
{
    //freopen("in.txt", "r", stdin);
    int n; cin>>n;
    for(int i=1; i<=n; i++){
        cin>>a[i];
        f[i][i]=a[i]*n;
    }
    for(int len=1; len<n; len++)
        for(int i=1; i<=n-len; i++){
            int j=i+len;
            f[i][j]=max(f[i+1][j]+(n-len)*a[i], f[i][j-1]+(n-len)*a[j]);
        }
    cout<<f[1][n]<<endl;
    return 0;
}

 

POJ  2955 括号匹配

题意：给一串字符，求可以匹配的括号个数，有(), [],这2种括号

题解：区间DP问题，子问题：在区间i，j上的最大可匹配的括号数目； 

　　　划分：首尾匹配， 首尾不匹配，当首尾不匹配的时候必然可以由2段区间合并来（想一下），枚举所有的子区间组合（分割点）； 

#include <cstdio>
#include <iostream>
#include <cstring>
using namespace std;

const int maxn=105;
char s[maxn];
int f[maxn][maxn];

int main()
{
    while(scanf("%s",s+1), s[1]!='e')
    {
        memset(f, 0, sizeof(f));
        int n=strlen(s+1);
        for(int len=1; len<n; len++)
            for(int i=1; i<=n-len; i++)  //注意这个i是可以等于n-len
            {
                int j=i+len;
                if(s[i]=='('&&s[j]==')' || s[i]=='['&&s[j]==']')
                    f[i][j]=f[i+1][j-1]+2; //不是由拼接得来的
                for(int k=i; k<j; k++)
                    f[i][j]=max(f[i][j], f[i][k]+f[k+1][j]);//由拼接得来的
            }
        printf("%d\n", f[1][n]);
    }
    return 0;
}

 

POJ  3280 求变成回文串的代价

题意：给定一个字符串S，字符串S的长度为M，字符串S所含有的字符的种类的数量为N（最多26种            小写字母），然后给定这N种字符Add与Delete的代价，求将S变为回文串的最小代价和。

题解：区间DP，子问题：当i，j的区间是回文串的时候所要付出的代价； 

　　　 划分：首尾相等，直接转， 首尾不等，长区间是由比它短一的区间延展来的，从左边还是右边

注意：这个初始化，我是真的有点问题，找for循环下的状态转移的临界条件，如果不行的话，在for循环下初始化； 

　　　这个给出2个cost，删除和添加其实只要选其中较小的一个即可；

总结：此题在写的时候，思路就错了，这个区间dp问题，它的问题不是由2段短的区间和并来的， 而是由短区间往2边扩展来的，直到扩展到1-n；

#include <cstdio>
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <string >
using namespace std;

const int maxm=2e3+5;
const int INF=0x3f3f3f3f;
int cost[30], f[maxm][maxm];
char s[maxm];

int main()
{
    //freopen("in.txt", "r", stdin);
    int k,n; cin>>k>>n;
    scanf("%s", s+1);
    while(k--)
    {
        char data; cin>>data;
        int ac,dc; cin>>ac>>dc;
        cost[data-'a']=min(ac, dc);
    }
    
    /*
    memset(f, 0x3f, sizeof(f)); 
    for(int i=0; i<=n; i++) f[i][i]=0;  ///这个初始化是不对的，找了我好久 
    */
    
    for(int len=1; len<n; len++)
        for(int i=1; i<=n-len; i++)
        {
            int j=i+len;
            f[i][j]=INF;      
            if(s[i]==s[j])
                f[i][j]=f[i+1][j-1];
            else
            {
                f[i][j]=min(f[i][j], f[i+1][j]+cost[s[i]-'a']);
                f[i][j]=min(f[i][j], f[i][j-1]+cost[s[j]-'a']);
            }
        }
    cout<<f[1][n]<<endl;
    return 0;
}