BZOJ1923: [Sdoi2010]外星千足虫

BZOJ1923: [Sdoi2010]外星千足虫

Description

Input

第一行是两个正整数 N, M。 接下来 M行,按顺序给出 Charles 这M次使用“点足机”的统计结果。每行 包含一个“01”串和一个数字,用一个空格隔开。“01”串按位依次表示每只虫 子是否被放入机器:如果第 i 个字符是“0”则代表编号为 i 的虫子未被放入,“1” 则代表已被放入。后面跟的数字是统计的昆虫足数 mod 2 的结果。 由于 NASA的实验机器精确无误,保证前后数据不会自相矛盾。即给定数据 一定有解。

Output

在给定数据存在唯一解时有 N+1行,第一行输出一个不 超过M的正整数K,表明在第K 次统计结束后就可以确定唯一解;接下来 N 行 依次回答每只千足虫的身份,若是奇数条足则输出“?y7M#”(火星文),偶数 条足输出“Earth”。如果输入数据存在多解,输出“Cannot Determine”。 所有输出均不含引号,输出时请注意大小写。

Sample Input

3 5
011 1
110 1
101 0
111 1
010 1

Sample Output

4
Earth
?y7M#
Earth

HINT

对于 20%的数据,满足 N=M≤20; 
对于 40%的数据,满足 N=M≤500; 
对于 70%的数据,满足 N≤500,M≤1,000; 
对于 100%的数据,满足 N≤1,000,M≤2,000。 


题解Here!
咕了好多天才写完这题。。。
这其实就是个类似高斯消元的解法。
首先这题显然要高斯消元解异或方程组。
但是这题$N$有点大,可以用$bitset$优化。
最开始想的是二分找这个满足要求的最小的$K$ ,无奈复杂度$O(N^2\log_2N)$过不去。。。
考虑高斯消元的过程,假设当前在消第$i$列,第$j$行,那么一定是从第$j$行向下找一个最小的$p$,满足$a[p][i]=1$。
这里的最小的就已经满足题目要求了,不必要在二分了。
也就是说,每次$swap$时取一个$\max$即可。
其他就跟高斯消元一模一样了。
附代码:
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#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cstdio>
#include<bitset>
#define MAXN 1010
using namespace std;
int n,m;
bitset<MAXN> a[MAXN<<1];
inline int read(){
    int date=0,w=1;char c=0;
    while(c<'0'||c>'9'){if(c=='-')w=-1;c=getchar();}
    while(c>='0'&&c<='9'){date=date*10+c-'0';c=getchar();}
    return date*w;
}
void work(){
    int ans=0;
    for(int i=1;i<=n;i++){
        int k=i;
        while(k<=m&&!a[k][i])k++;
        if(k==m+1){
            printf("Cannot Determine\n");
            return;
        }
        ans=max(ans,k);
        if(k!=i)swap(a[k],a[i]);
        for(int j=1;j<=m;j++){
            if(i==j||!a[j][i])continue;
            a[j]^=a[i];
        }
    }
    printf("%d\n",ans);
    for(int i=1;i<=n;i++){
        if(a[i][n+1])printf("?y7M#\n");
        else printf("Earth\n");
    }
}
void init(){
    char ch[MAXN];
    n=read();m=read();
    for(int i=1;i<=m;i++){
        scanf("%s",ch+1);
        for(int j=1;j<=n;j++)a[i][j]=ch[j]-'0';
        a[i][n+1]=read();
    }
}
int main(){
    init();
    work();
    return 0;
}

 

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