05 2022 档案
摘要：简单的省选题...... 打异或标记即可。 1 #include<bits/stdc++.h> 2 const int N=2e5+10; 3 using namespace std; 4 int n,m,a,b,c; 5 struct node{ 6 int l,r,num,lazy; 7 }t[
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摘要：相比模板1，这道题增加了乘法的操作，不难想到打两种标记，一种加法，一种乘法。 打加法标记tag1时，直接加就行了，tag1+=x； 打乘法标记tag2时，tag2*=x，tag1*=tag2，因为之前加的数也要乘进去。 下传标记也是相同的道理。（注意要时不时mod p） 1 #include<bit
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摘要：两个操作，第一个打懒标记处理，第二个直接询问即可，线段树中每个节点存的是区间内所有元素之和。 1 //p3372 2 #include<bits/stdc++.h> 3 typedef long long ll; 4 using namespace std; 5 #define lson k<<1,
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摘要：容易想到的是用二叉堆来解决，切断一条蚯蚓，其他的都要加上一个值，不妨用一个表示偏移量的delta。 1.取出最大的x，x+=delta； 2.算出切断后的两个新长度，都减去delta和q； 3.delta+=q； 将其他长度都加上q不好实现，我们就把新的两条减去p，相对大小关系不变，最后还原即可。
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摘要：学了哈夫曼树这道题还是好想的，基本上和构造哈夫曼树的思路一样，但是题目要求最长si的最小值，所以用两个关键字的堆，第一关键字是把出现次数作为权值，第二关键字表示从该节点开始的最长长度，权值相同时，选择长度较小的合并。 1 #include<bits/stdc++.h> 2 using namespa
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摘要：首先我们需要特判只涂了一种颜色的情况: (1)k=1,此时答案就是1；(2)k>1,涂的这种颜色肯定不能是第一个，答案是k-1; 对于其他正常情况，我们对于每个颜色找到一个最小的矩形（这个矩形内包含这种颜色出现的所有位置），用二维差分处理（sum数组），最后统计。如果某位置sum>1，说明这个位置被
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摘要：用vector记录每个数出现的位置，对于要查询的X,要找他落在L~R的个数有几个，用lower_bound和upper_bound查找，相减就是答案。 1 #include<bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 int read(){ 4 int x=0,f
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摘要：求满足题目要求的简单环，做出图中所有的点双，用vector存储点双中的边，如果该点双满足点数=边数，就是我们想要的，求边的异或和即可；如果该点双点数小于边数，说明有不只一个环覆盖，不满足题意。 1 #include<bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 #d
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