随笔分类 - 日拱一卒，功不唐捐
摘要：题目虽然假了，但是正解真的非常的好... 题目链接 首先由于当前选取方案会受后一个字符串的选取方案影响，于是我们考虑倒着选取。 那么我们如何知道当前选取多少是最优的呢？答案就是在已经获得优解的字符串基础上，试探性地加上当前枚举的字符 就拿题目中的 3 bbb aaa ccc 举例 由于我们是倒着枚举
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摘要：A - Round decimals 这道题就是让你对输入的数进行四舍五入，但是我一开始用%.0f输出，结果给我WA了。 然后队友告诉我，%.0f并不是四舍五入，而是四舍六入五成双。 也就是说88.5因为是偶数，所以就会变成88；89.5的话就会变成90。 所以输出round(input)就好了 B
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摘要：题目链接 题意非常简单，就是在最短路的基础的上加上了可以施魔法（经过这条边的时候，将权值取反，注意只是经过的时候取反，并不是永久的）的操作。 看到n的范围只有100，很快的就能想到floyd或者分层图 首先我们分析，每次使用魔法必然能让最短路变短，那么我们一定会将k次魔法用满，那么题意就转化为，恰好
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摘要：题意是给你一个长度为N的数组，你在每个长度大于等于K的连续区间里，取出第K大的数，组成一个新数组。问新数组中第M大的数是什么。 这道题最最重要的就是，尺取法可以求出第k大的数大于等于x的区间数。 为什么可以呢？假设我们尺取法已经取到了K个大于等于x的数的区间，当我们右指针往后移动的时候，新加入的数对
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摘要：一般来说棋盘问题都会与二分图或者生成树有关。 一开始我也是往二分图上去想的， 首先考虑行最大值和列最大值的最大值，记为 x，找到最大值需要等于 x 的行和列，设有 n 行和 m 列的最大值需要等于 x。原本是需要在每一行、每一列共 n + m 个位置放置 x，发现如果在他们交叉位置放置 x的话，可以
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摘要：题意就是给你一个长度为n的数组，之后有两种操作，第一种是[L, R]都异或上x，第二种是[L, R]异或上x, x+1, x+2, x+3... 对于第一个操作我们非常容易就能操作，即异或差分数组。 但是对于第二个操作我们就比较头疼了，我们要怎么把 + 符号去掉变成 ^ 呢。 （因为异或是不满足分配
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摘要：这场貌似是因为贪玩就没打了。 vp了一下发现正好是我薄弱的部分，没打有点可惜。 A (+1) WA2: #include <bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; typedef pair<int, int> pii; co
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摘要：首先考虑最暴力的做法。那复杂度是q * range的显然会爆。 原本我是想用什么数据结构优化这个过程，但是想了想好像没什么东西处理划分这个操作。 于是考虑观察这个操作的性质，我们发现对于每个范围，一旦L确定那么，在[L, R] 之间的划分数其实是固定的。（但是划分方案可能会有很多种） 这里可以稍稍证
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摘要：这题只能说不看题解真写不出来（可能是因为我没有脑子吧... 可以证明一下题解： 1.如果所有数异或起来不为0，则输出NO 首先我们发现三个数里面之后有一个1的时候，会变成三个1。如果有两个1的话，会变成0个1。我们发现其奇偶性是不会改变的。 2. 对于奇数情况，我们先选择 1, 3, 5, ...,
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摘要：一开始我还想着用什么数据结构去维护的，想了好久没想出来。 其实看范围就应该想到n根号n能过的。 题意就是说每个点都有自己的颜色，给你q个操作，每次操作将这个点的颜色扩散给相邻点。问你q个操作之后每个点的颜色是什么。 首先我们暴力做复杂度是O(q*m)的这样肯定是不行的，于是我们想到优化。难道我们真的
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摘要：题意就是给你一个4*4的网格，之后网格上有一些格子被染色了。问你有多少种选择方案，使得选的所有格子包括所有被染色的格子，之后你选的格子要是一个连通块。 attention: 不能是空心的连通块（出现回这种形状） 首先我们看之后16个格子，自然就想到2^16次暴力枚举。之后check可不可行就行了。
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摘要：对抗搜索也叫极大极小值搜索，其核心思想就是先搜到底部，将叶子节点的值返回上去，之后极大节点选择所有分支里的极大值返回，极小节点选择所有分支里的极小值返回。 对顶堆维护中位数。emmm其实对顶堆维护中位数是一个板子，不过注意这里会有奇偶中位数。 注意一下就行了 #include <bits/stdc+
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摘要：给你n物品，每个物品有a和b两个属性。你现在要挑选出一个集合S。 使得max ai >= sum(bi) {i ∈ S} （中文意思就是选一个集合，集合中所有物品属性a的最大值 大于等于 集合中所有物品b属性的和） 问你有多少种挑选方案。S不为空 模上998244353 首先对于模型 求挑选方案数，
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摘要：题目要求每一个长度为偶数的正方形里，1的个数都是奇数。 于是我们发现，一旦n >= 4同时 m >= 4那么一定是-1，奇+奇+奇+奇=偶 之后就剩下了三种可能性，n=1，n=2，n=3 于是考虑状压dp。 #include <bits/stdc++.h> using namespace std;
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摘要：差点AKdiv3www 首先这道题肯定不能暴力了啦。之后我们发现这道题其实跟数位dp非常的相像。那么数位dp的时候，一旦某一位变大了，那么后面的数字其实是随便选的，因为不管怎么选，这个数字肯定是大于之前的数的。 比如122245与123***肯定不管怎么取*的数字肯定是比122245大的。 之后这道
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摘要：这场区分度比较低完全就是手速场嘛...趁机上了波分。 感觉这场最有思维量的就是这道D2了（D1直接n2并查集水过去了） 从D1我们就有一种感觉，题目给我们的其实是两个森林，我们每次肯定是将森林中的两棵树连接在一起。 那么我们不妨设置1号节点所在的树为主树，让森林中其他树都尽可能连接到主树上去。 所以
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摘要：A.好哥哥 题目的意思就是：从第一层开始往后起跳，每次可以跳到该层层数减一或者加一的层数，询问跳m次后最多可以经过多少对不重复的括号。 首先我们发现这个其实是一个树形结构。 那么我们很容易就能得到一个想法，如果钱不够的话，那一定是跳到树的最长链上。 但是如果钱够呢？那么我们就需要考虑来回走的情况，我
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摘要：给定n个数字，m个操作 操作1是往数组最后添加一个数字x 操作2是给出[L, R]，与数字x，输出在[L, R]中选一个数字p使得，a[p]^a[p+1]^...^a[n]^x的值最大 首先，考虑题目要求的是【1，R】的话，那么其实这道题无非就是可持久化trie + 前缀和异或而已。 但是问题就是有
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摘要：首先我们看到题目其实挺懵的。 对于(a1 + a2) ^ (a1 + a3) ^ ... ^ (an-1 + an)，感觉除了暴力一点办法都没有。 其实我们可以看到。所有的括号外面其实都是异或符号。那么我们最后求的是一个异或的值。 那么[0 - 1e7]异或的值必然不会超过2e7。于是我们可以考虑按
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