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摘要: 题目分析 给定n(n109),k(k5000),求: \sum\limits_{i=0}^n\binom{n}{i}\cdot i^k 利用第二类斯特林数对i^k进行化简。 $$ \begin{aligned} ans&=\sum_{i=0}^n\binom{n} 阅读全文
posted @ 2018-11-24 12:51 Trrui 阅读(214) 评论(0) 推荐(0) 编辑
摘要: 斯特林数 第一类斯特林数 \begin{bmatrix}n\\m\end{bmatrix}=(n 1)\begin{bmatrix}n 1\\m\end{bmatrix}+\begin{bmatrix}n 1\\m 1\end{bmatrix} 第一类斯特林数$\begin{bmatri 阅读全文
posted @ 2018-11-24 12:25 Trrui 阅读(180) 评论(0) 推荐(0) 编辑
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posted @ 2018-11-23 16:54 Trrui 阅读(6) 评论(0) 推荐(0) 编辑
摘要: 题目分析 显然不可能高斯消元。 考虑反演。 b_i=\sum\limits_{j=1}^n\gcd(i,j)^C\cdot \text{lcm}(i,j)^D\cdot x_j $b_i=\sum\limits_{j=1}^n\gcd(i,j)^C\cdot \frac{i^D\cdot j^D 阅读全文
posted @ 2018-11-23 09:40 Trrui 阅读(228) 评论(0) 推荐(1) 编辑
摘要: 题目分析 一眼看上去就像是一个模拟题目,但是n的范围过大。 冷静分析一下发现难点在于如何快速求出幂和。 考虑使用伯努利数。 B_0=1 B_n= \frac{1}{n+1}\sum\limits_{i=0}^{n 1}\binom{n+1}{i} B_i $\sum\limits_{i= 阅读全文
posted @ 2018-11-22 21:13 Trrui 阅读(157) 评论(0) 推荐(0) 编辑
摘要: 题目大意 给出n(n\leq 18)个点的无向连通图,m(m\leq 10^5)次询问。每次询问给出一个点集和一个起点s,询问从s出发,经过这个点集中的每一个点至少一次的期望步数。 题目分析 经过这个点集每一个点至少一次的期望步数,就是到达点集最后一个点的期望步数。这个直接算貌似不好 阅读全文
posted @ 2018-11-22 11:23 Trrui 阅读(193) 评论(0) 推荐(1) 编辑
摘要: 题目分析 题目就是求第K种原料的出现期望时间。 考虑广义min max容斥。 \text{kthmax}(S)=\sum\limits_{T\subseteq S}( 1)^{|T| k}\binom{|T| 1}{k 1}\min(T) 显然$\min(T)=\frac{m}{\sum\lim 阅读全文
posted @ 2018-11-21 14:03 Trrui 阅读(405) 评论(0) 推荐(0) 编辑
摘要: 题目分析 与hdu4336 Card Collector相似,使用min max容斥。 设\max(S)表示集合S中最后一位出现的期望时间。 设\min(S)表示集合S中最初一位出现的期望时间。 由min max容斥可得: $\max(T)=\sum\limits_{S \subse 阅读全文
posted @ 2018-11-20 17:04 Trrui 阅读(126) 评论(0) 推荐(0) 编辑
摘要: 题目分析 题目要求在树上涂上恰好K种颜色的方案数。 设f(k)表示恰好涂上k种颜色的方案数(答案即为f(K))。 设g(k)表示至多涂上k种颜色的方案数。 显然有:g(k)=\sum\limits_{i=1}^k\dbinom{k}{i}f(i) 那么二项式反演后:$f( 阅读全文
posted @ 2018-11-19 13:12 Trrui 阅读(260) 评论(0) 推荐(0) 编辑
摘要: 题目分析 显然我们不可能直接计算每一个子序列的贡献,而应该计算对于每一个gcd对答案的贡献。 考虑容斥。按照套路: 设q(i)表示序列gcdi的倍数的序列长度和。 设g(i)表示序列gcdi的序列对答案的贡献。 设f(i)表示序列gcdi的序列的容斥系数。 阅读全文
posted @ 2018-11-18 15:32 Trrui 阅读(650) 评论(0) 推荐(0) 编辑
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