HDOJ2047 阿牛的EOF牛肉串
刚刚看了下恩待的程序,有一点点小错。后来改了一点就AC了。
1 #include <stdio.h>
2 int main()
3 {
4 __int64 L=2,R=1,sum,a[50];
5 int n,i;
6 sum=L+R;
7 for(i=1;i<44;i++)
8 {
9 a[i]=sum;
10 sum=L*3+R*2;
11 L=(L+R)*2;
12 R=sum-L;
13 }
14 while(scanf("%d",&n)!=EOF)
15 {
16 printf("%I64d\n",a[n]);
17 }
18 return 0;
19 }
我的思路是这样的。
E的后面可以 E O F
F的后面可以 E O F//所以E F其实差不多,就当一类就好了。
O的后面可以 E F
1个E/F的后面可以跟 (2个E/F+1个O)
1个O的后面可以跟(2个E/F)这是发现的规律
n=1时
E\F O 分别是2 1 种数为 3
n=2时
E\F O 分别为2*(2+1)=6 2*1 种数 6+2
n=3 时
E\F O 分别为2*(6+2)=16 6 种数为16+6
。。。。。。。。。。。。。。。。。
E\F O 种树
2 1 3
6 2 8
16 6 22
44 16 60
。 。 。
。 。 。
sum=L*3+R*2;//这里的L,R是sum上一个的L,R,~~~
L=(L+R)*2;
R=sum-L;
因为这题是和恩待一起讨论的,所以我的解题思路也差不多。一下则是我的代码,代码不够简洁和清晰,以后写代码还需多多注意。
#include <iostream>
#include<cstdio>
using namespace std;
int main()
{
int n,i;
__int64 p[60],a1,a2,b1,b2;
p[1]=3;
p[2]=8;
p[3]=22;
a1=2,b1=6;
for(i=4;i<=44;i++)
{
a2=b1;
b2=2*(b1+a1);
p[i] =a2*2+b2*3;
a1=a2;b1=b2;
}
while(cin>>n)
{
printf("%I64d\n",p[n]);
}
return 0;
}
不解释了。
一下是我发现的另一种方法。
1 #include <iostream>
2 using namespace std;
3 long long f[40]={0,3,8};
4 int n,i;
5 int main() {
6 for (i=3;i<40;++i)
7 f[i]=2*(f[i-1]+f[i-2]);
8 while (cin>>n) {
9 cout<<f[n]<<endl;
10 } return 0;
11 }
递推公式是这么推出来的
动态分析:
每加一个字母会增加... s[i]=2*(s[i-1]+s[i-2]);
我的思路:
1.先考虑:当第i个元素为E或F时,前i-1个元素所有组合即s[i-1],s[i]=2*s[i-1]
2.再考虑:当第i个元素为O时,第i个元素可以为E或F,前i-2个元素的所有组合s[i-2],s[i]+=2*s[i-2]
附上原题:
阿牛的EOF牛肉串
Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 5751 Accepted Submission(s): 2610
Problem Description
你,NEW ACMer,EOF的崇拜者,能帮阿牛算一下一共有多少种满足要求的不同的字符串吗?
PS: 阿牛还有一个小秘密,就是准备把这个刻有 EOF的牛肉干,作为神秘礼物献给杭电五十周年校庆,可以想象,当校长接过这块牛肉干的时候该有多高兴!这里,请允许我代表杭电的ACMer向阿牛表示感谢!
再次感谢!
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Sample Output
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这是我的第一篇笔记。希望能够通过每日不断的研究和积累,掌握基本的算法,秉着一种科研精神去研究算法~
没有做不好的事,没有学不好的习,除非不爱学和不愿意学。一天一天的变强,期待。。