NOIp前做题记录
CSP2021
A 廊桥分配
考场上做出来了。比较简单,但是考场上脑抽了好久。
用一个 set 增量维护第 \(i\) 个飞机来后要全部填满的廊桥数,然后随便统计一下即可。
B 括号序列
我设计了一个比较复杂的状态,但是实际上感觉很清晰。\(f(i,j,0/1/2/3/4)\) 代表 \([i,j]\) 区间样式分别为 *...*
,*...*A
,A*...*
,(...)
和 A
的一个字符串(*...*
代表一段 *
,...
代表一段任意字符串但是满足内部括号匹配,A
是一个合法串)。
C 回文
实际上挺简单的。考虑你提取出第一个字符(两种情况,头或者尾)后序列分成两端,于是就可以把这两段用两个双端队列维护,每次贪心考虑取头还是取尾。
D 交通规划
待补。
BJOI2015 树的同构
树哈希板子题。随便设一个哈希:子节点有序的情况下的有根树的一个子树的哈希为(设 \(sz_u\) 为目前的一个前缀 \(sz_v\) 的和)
对于处理有序问题,考虑给子节点按照哈希值排序即可;对于根的问题,取重心即可(两个话就都求一下)。
https://hydro.ac/d/bzoj/record/617caee363b6465eb4e5811b
BJOI2015 糖果
答案为
那如何计算组合数膜合数呢?
处理一下 \(m!\) 的分解质因数。没了。
SCOI2015 小凸玩矩阵
Binary search 一下,然后就是一个套路行列匹配。
方伯伯的 OJ
用两个 map 建立用户的原编号和现编号的双重映射,然后用一个线段树维护排名即可。
JOISC2018 比太郎的聚会
首先考虑一个 \(O(n^2)\) 的显然做法,对于每一个点维护一个序列 \(S\) 表示自己的前驱中按到自己距离的一个排序,然后询问的时候扫一遍。
实际上,对于询问 \(i\),只有前 \(T_i+1\) 个是有用的。考虑根号分治。对于每个点,我们只保存前 \(B\) 个值,然后对于 \(T_i<B\) 的问询扫一遍即可。而对于 \(>B\) 的问询,我们暴力更新一遍,令 \(P=\sum T\) 有复杂度 \(O((n+Q)B+n\frac{P}{B})\),取 \(B=\sqrt{\frac{n\sum T}{n+Q}}\) 可得到理论最优复杂度 \(O(\sqrt{n(n+Q)P})\)。不过第一部分常数巨大,所以快长开小一点好。
HNOI2016 网络
考虑把一个请求路径变成其补子图(即整个树去掉这段路径),在树剖后会形成 \(O(\log n)\) 个区间。然后询问相当于一个树上点询问,即点上覆盖的补子图的最大权值。由于它是一个加入和回撤(删除)操作,考虑线段树上套一个可删堆(用两个优先队列维护的)。由于这题的删除时回撤操作,所以其实线段树可以简单很多。
HNOI2016 大数
考虑一段区间数的表示,用后缀和,然后如果 \(p\neq 2,5\) 就直接莫队,否则直接算。
A2OJ Ladder 题板刷
\(\color{blue}{蓝色}\) 自己攻克了的的简单题;\(\color{green}{绿色}\) 自己攻克了的稍复杂题;\(\color{pink}{粉色}\) 自己没攻克的简单题;\(\color{purple}{紫色}\) 自己没攻克的复杂题,\(*\) 表示感觉相对有趣的题(数量决定程度)。
\(\color{pink}{\text{*CF248D}}\)
给定一个一维地图,\(H\) 表示一户人家(遇到可以送糖果或者不送),\(S\) 表示一个糖果(遇到可以捡起或者不捡),\(.\) 表示空地,走过一格需要一单位时间。问从第一格左边开始,最少提前准备多少糖果才能在 \(t\) 时间内给每户人家都有一份糖果。
先上 binary search。
Observation:糖一定捡,并且一定送。
但是我一开始想的直接来回是错的。因为还有一种情况,拿到糖先回去送人然后再往后走。
这种情况可以这样理解:我先把糖欠着,然后一旦糖够了立马还回来。可以发现这样的决策在决定走 S 形(去+回+去)的方法上是最优的。
当然你也可以不还。但实际上,一旦你在第 \(i\) 户做出决定要全部赖账然后跑回来再还,那你就在之后不可能再做上述决定了。所以我们在按上述决策跑的同时,每一步都看一下,如果剩下的要跑过去然后跑回来要花多少时间。每次最远到达的那个点必然是固定的,所以求出来后直接做就好了。
https://codeforces.com/contest/248/submission/134194983
\(\color{blue}{\text{CF237D}}\)
这题属于是把做法写脸上了。给每条边分配一个集合,集合内就边的两个端点,然后用类似兄弟儿子的东西连边即可。
https://codeforces.com/contest/237/submission/134198693
\(\color{blue}{\text{CF209C}}\)
考虑处理每个连通块。忽略那些孤点无边连通块。如果连通块中存在奇点,则留两个奇点可以向外面连,其他奇点就随便和连通块内点自我消化。这样我们就得到了 \(k\) 个连通块,希望把这 \(k\) 个连通块连起来使得每个连通块度数都为 \(2\)。连一个环即可。
还有 1 一定要连上就算 1 是孤立的。
https://codeforces.com/contest/209/submission/134201806
\(\color{pink}{\text{CF144E}}\)
只要配上那必然能够形成不相交路径。然后就是一个贪心的区间匹配问题了。
对于如何处理区间匹配,我们考虑对于每一个位置维护所有覆盖它的区间,以右端点为关键字塞入堆中,然后每次选择右端点最小的区间即可。
https://codeforces.com/contest/144/submission/134219867
\(\color{pink}{**\text{CF150D}}\)
感觉好强。
\(f(l,r)\) 表示区间 \([l,r]\) 全部删完的最大价值。\(h(l,r)\) 表示区间 \([l,r]\) 不需要全部删完的最大价值。\(g(l,r,k)\) 表示区间 \([l,r]\) 删到只剩下一个长 \(k\) 的回文串的价值。
初值有
其余为 \(-\inf\)
被卡常了 /fn
https://codeforces.com/contest/150/submission/134637277
\(\color{pink}{*CF404E}\)
Observation 1:如果存在两块石头同侧,则必然远的那块是没有意义的。所以每一侧最多有一块石头。然而,如果原点两侧都必须要有石头,则中间的所有点都一定会被经过(否则有一块石头无意义),即不存在只经过一次的终点。所以只能有一块石头(没有石头也可能可以)。
Observation 2:最后一步一定有效,所以如果最后一步是 L 则终点一定在原点左侧;否则在右侧。
Observation 3:如果在 \(x\) 放可以,则更靠近原点的同侧点 \(y\) 也可以。所以有单调性。Go and use binary search.
然后这题就结束了。
但是巨大多 corner case……………………
https://codeforces.com/contest/404/submission/134724547
\(\color{blue}{CF309C}\)
如果要放的话,肯定是放小的几个。但是放的时候必然是先考虑大的怎么放,于是二分一下,然后从大往小考虑。
至于从大到小做的时候就先给所有数二进制拆分,然后直接贪即可。