BZOJ.1901.Dynamic Rankings(整体二分)
\(Description\)
给定\(n\)个数\(A_i\),两种操作:
- 查询\([l,r]\)中第\(k\)大的数。
- 将\(A_x\)改为\(y\)。
\(n,m\leq 10^9\)。
\(Solution\)
(以下是口胡)
对于多组的询问、修改,我们可以发现:
假设有对p1,p2,p3...的询问,在这之前有对p0的修改(比如+1),且p0<=p1,p2,p3...,那么我们可以在修改完p0后对p1,p2,p3...这些询问更改(比如需求-1),以后对于p1,p2,p3...都不需要管这个修改了。
这样每次需要操作的序列长度只与当前区间有关。
而这个p0我们通过二分确定。不断根据p0将操作划分为两部分(两个队列),当二分到底时(l==r),队列里所有询问的答案就是l了。
复杂度\(O(nlog^2n)\)。
洛谷Rank1 BZOJ Rank4,常数还不错吧。
[Update] 19.4.5:BZOJ Rank1了。
//2400kb 152ms
//40ms 2.52MB
#include <cstdio>
#include <cctype>
#include <algorithm>
//#define gc() getchar()
#define MAXIN 50000
#define gc() (SS==TT&&(TT=(SS=IN)+fread(IN,1,MAXIN,stdin),SS==TT)?EOF:*SS++)
#define lb(x) (x&-x)
const int N=10005,M=N*3,INF=1e9;
int n,m,Q,A[N],Ans[N];
char IN[MAXIN],*SS=IN,*TT=IN;
struct Operation
{
int K,l,r,pos;//K(opt)!=0:Query [l,r]:K; K(opt)=0:Modify 即将要改的数是l,贡献值为r,下标为pos
Operation() {}
Operation(int K,int l,int r,int pos):K(K),l(l),r(r),pos(pos) {}
}q[M],q1[M],q2[M];
inline int read()
{
int now=0,f=1;register char c=gc();
for(;!isdigit(c);c=='-'&&(f=-1),c=gc());
for(;isdigit(c);now=now*10+c-'0',c=gc());
return now*f;
}
inline bool Is_Query()
{
register char c=gc();
while(c!='Q'&&c!='C') c=gc();
return c=='Q';
}
namespace T
{
int n,t[N];
inline void Modify(int p,int v){
while(p<=n) t[p]+=v, p+=lb(p);
}
inline int Query(int p){
int res=0; while(p) res+=t[p], p-=lb(p);
return res;
}
inline void Clear(int p){
while(p<=n && t[p]) t[p]=0, p+=lb(p);
}
}
void Solve(int l,int r,int h,int t)
{
if(h>t /*|| l>r*/) return;
if(l==r){
for(int i=h; i<=t; ++i) if(q[i].K) Ans[q[i].pos]=l;
return;
}
bool goon=0;
for(int i=h; i<=t; ++i) if(q[i].K) {goon=1; break;}
if(!goon) return;
int mid=l+r>>1, t1=0, t2=0;
for(int i=h; i<=t; ++i)
if(q[i].K)//Query
{
int tmp=T::Query(q[i].r)-T::Query(q[i].l-1);
if(tmp>=q[i].K) q1[t1++]=q[i];
else q[i].K-=tmp, q2[t2++]=q[i];
}
else
{
if(q[i].l<=mid) q1[t1++]=q[i], T::Modify(q[i].pos,q[i].r);
else q2[t2++]=q[i];
}
for(int i=0; i<t1; ++i) if(!q1[i].K) T::Clear(q1[i].pos);
for(int i=0; i<t1; ++i) q[h+i]=q1[i];
for(int i=0; i<t2; ++i) q[h+t1+i]=q2[i];
Solve(l,mid,h,h+t1-1), Solve(mid+1,r,h+t1,t);
}
int main()
{
n=read(), m=read(), Q=n; int mn=INF, mx=-INF;
for(int i=1; i<=n; ++i) q[i]=Operation(0,A[i]=read(),1,i), mn=std::min(mn,A[i]), mx=std::max(mx,A[i]);
int tot=0;
for(int l,r,p,i=1; i<=m; ++i)
{
if(Is_Query()) l=read(), r=read(), q[++Q]=Operation(read(),l,r,++tot);
else p=read(), q[++Q]=Operation(0,A[p],-1,p), q[++Q]=Operation(0,A[p]=read(),1,p), mn=std::min(mn,A[p]), mx=std::max(mx,A[p]);
}
T::n=n, Solve(mn,mx,1,Q);
for(int i=1; i<=tot; ++i) printf("%d\n",Ans[i]);
return 0;
}
19.4.5
//2740kb 132ms
//原数列的值,要在树状数组上减掉啊。
#include <cstdio>
#include <cctype>
#include <algorithm>
//#define gc() getchar()
#define MAXIN 400000
#define gc() (SS==TT&&(TT=(SS=IN)+fread(IN,1,MAXIN,stdin),SS==TT)?EOF:*SS++)
typedef long long LL;
const int N=1e5+5,M=N*3;
int A[N],Ans[N];
char IN[MAXIN],*SS=IN,*TT=IN;
struct Operation
{
int l,r,k,id;//id=0:A[l]=r 变化量为k
}q[M];
struct BIT
{
int n,t[N];
#define lb(x) (x&-x)
inline void Add(int p,int v)
{
for(; p<=n; p+=lb(p)) t[p]+=v;
}
inline int Query(int p)
{
int res=0;
for(; p; p^=lb(p)) res+=t[p];
return res;
}
inline void Clear(int p)
{
for(; p<=n&&t[p]; p+=lb(p)) t[p]=0;
}
}T;
inline int read()
{
int now=0;register char c=gc();
for(;!isdigit(c);c=gc());
for(;isdigit(c);now=now*10+c-48,c=gc());
return now;
}
inline char GetOpt()
{
register char c=gc(); while(c!='Q'&&c!='C') c=gc();
return c;
}
void Solve(int l,int r,int h,int t)
{
static Operation q1[M],q2[M];
if(h>t) return;
if(l==r)
{
for(int i=h; i<=t; ++i) Ans[q[i].id]=l;
return;
}
bool fg=0;
for(int i=h; i<=t; ++i) if(q[i].id) {fg=1; break;}
if(!fg) return;
int m=l+r>>1,t1=0,t2=0;
for(int i=h; i<=t; ++i)
if(q[i].id)
{
int tmp=T.Query(q[i].r)-T.Query(q[i].l-1);
if(tmp>=q[i].k) q1[t1++]=q[i];
else q[i].k-=tmp, q2[t2++]=q[i];
}
else if(q[i].r<=m) T.Add(q[i].l,q[i].k), q1[t1++]=q[i];
else q2[t2++]=q[i];
for(int i=h; i<=t; ++i) if(!q[i].id&&q[i].r<=m) T.Clear(q[i].l);
for(int i=h,p=0; p<t1; q[i++]=q1[p++]);
for(int i=h+t1,p=0; p<t2; q[i++]=q2[p++]);
Solve(l,m,h,h+t1-1), Solve(m+1,r,h+t1,t);
}
int main()
{
int n=read(),Q=read(),tot=0,now=n,mn=1e9,mx=0;
for(int i=1; i<=n; ++i) q[i]=(Operation){i,A[i]=read(),1,0},mx=std::max(mx,A[i]),mn=std::min(mn,A[i]);
for(int i=1,p; i<=Q; ++i)
if(GetOpt()=='Q') q[++now]=(Operation){read(),read(),read(),++tot};
else p=read(),q[++now]=(Operation){p,A[p],-1,0},q[++now]=(Operation){p,A[p]=read(),1,0},mx=std::max(mx,A[p]),mn=std::min(mn,A[p]);//修改原数列!
T.n=n, Solve(mn,mx,1,now);
for(int i=1; i<=tot; ++i) printf("%d\n",Ans[i]);
return 0;
}
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很久以前的奇怪但现在依旧成立的签名
attack is our red sun $$\color{red}{\boxed{\color{red}{attack\ is\ our\ red\ sun}}}$$ ------------------------------------------------------------------------------------------------------------------------
很久以前的奇怪但现在依旧成立的签名
attack is our red sun $$\color{red}{\boxed{\color{red}{attack\ is\ our\ red\ sun}}}$$ ------------------------------------------------------------------------------------------------------------------------