[题解]CF1774C Ice and Fire

CF1774C Ice and Fire *1300

Luogu

题意简述

有\(n\)个人，第\(i\)个人温度为\(i\)，进行\(n-1\)次对战。

所以给出一个长度为\(n-1\)的\(01\)串\(s\)，\(s_i\)表示第\(i\)局的对战环境为\(0\)或\(1\)。

每局任意选出\(2\)人对战，规则如下：

• 如果该局对战环境为\(0\)，则两人中温度低的获胜。
• 如果该局对战环境为\(1\)，则两人中温度高的获胜。
• 每局结束，失败者被淘汰，其他玩家继续对战。

给定\(T\)组测试样例，每组样例给出\(n\)和长度为\(n\)的\(s\)。

对于每组样例，请分别输出前\(2\)个人、前\(3\)个人、……、前\(n\)个人按\(s\)的规则进行对局（\(s\)可能有剩余），多少人有机会获胜。

思路分析

咱先管前\(n\)个对局的情况。

首先可以发现当\(s\)全为\(0\)时，答案就是\(1\)，而\(s\)全为\(1\)时，答案就是\(n\)。

那么当\(s\)是\(000111\)这种有两段的，怎么办？

\(s\)为两段的分析

\(n=6,s=00011\)时，我们发现填完前面\(3\)个\(0\)时，答案就是剩下的最大值了。所以我们只需要考虑前三轮对局剩下玩家的最大温度是多少。

我们设最后一段的长度为\(k=2\)。

我们可以发现如果某次对局环境是\(0\)，那么我们能淘汰掉的值在\([2,n]\)区间内；如果是\(1\)则在\([1,n-1]\)内。

于是在这个样例中，前\(3\)次对战就相当于在\([2,6]\)中选取\(n-k-1=3\)个值淘汰掉，剩下\(3\)个。

• 如果淘汰掉的人正好是\(\{6,5,4\}\)，那么最大值就是\(3\)了。
• 如果淘汰掉的人是\(\{6,5,3\}\)、\(\{6,5,2\}\)等，那么最大值就是\(4\)了。
• 如果淘汰掉的人是\(\{6,4,3\}\)等，那么最大值就是\(5\)了。
• 如果淘汰掉的人是\(\{5,4,3\}\)等，那最大值不变，就是\(6\)。

综上我们可以发现，\(s\)为两段时，根据被淘汰的人的连续情况，剩下人的最大值在\([k+1,n]\)之间，故答案为\(n-k\)。

推广——\(s\)为多段的分析

当\(s\)为\(3\)段或以上，会怎样呢？

\(n=7,s=100011\)时，\(k=2\)，同样是求对战\(4\)次后的最大值。

那么前\(4\)次对战，我们相当于在\([1,n-1]\)淘汰掉\(1\)个，再在\([2,n]\)淘汰掉\(3\)个。

于是前\(4\)次对战就相当于在\([1,n]\)中选取\(n-k-1=4\)个值淘汰掉，剩下\(3\)个。

是不是很眼熟？只不过这次的区间是\([1,n]\)，但是显然这并没有影响。因为对战一共\(n-1\)局，所以在最后一段前最多进行\(n-2\)次比赛。最坏情况我们可选淘汰的区间长度为\(n-1\)，这种情况刚好够组成\(n-k\)个最大值，更别说这种可选区间长度为\(n\)的情况了。

所以呢，答案还是\(n-k\)。

预处理

至此，求前\(x\)个的答案，就是看\(s\)的前\([1,x]\)中，最后一段的长度。

直接遍历求每一个会超时，所以我们可以用\(dp\)的思想预处理一下。

实现见代码吧。

Code

点击查看代码

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int t,n,siz[200010];
string s;
int main(){
	cin>>t;
	while(t--){
		cin>>n>>s;
		int len=s.size();
		siz[0]=1;
		for(int i=1;i<len;i++){
			if(s[i]==s[i-1]) siz[i]=siz[i-1]+1;
			else siz[i]=1;
		}
		for(int i=2;i<=n;i++){
			cout<<i-siz[i-2]<<" ";
		}
		cout<<endl;
	}
	return 0;
}