51nod1110 距离之和最小 V3

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X轴上有N个点，每个点除了包括一个位置数据X[i]，还包括一个权值W[i]。该点到其他点的带权距离 = 实际距离 * 权值。求X轴上一点使它到这N个点的带权距离之和最小，输出这个最小的带权距离之和。

 

Input

第1行：点的数量N。(2 <= N <= 10000)
第2 - N + 1行：每行2个数，中间用空格分隔，分别是点的位置及权值。（-10^5 <= X[i] <= 10^5，1 <= W[i] <= 10^5)

Output

输出最小的带权距离之和。

Input示例

5
-1 1
-3 1
0 1
7 1
9 1

Output示例

20

 

一个好玩的trick，记一下

 

数学问题 带权中位数

点不带权的话，最优的目标点是点坐标的中位数。（显然）

点带权的话，自然可以想到三分答案或者二分导数，然而这么写多累啊。

注意到点权都是正数，也就是说可以把一个点看成w[i]个相同的点。

现在我们有$ tot = \sum_{i=1}^{n} w[i] $个点。

那么目标点当然就是第$ tot/2 $个点

 

（然而好像优秀的二分/三分写出来比这个短）

 

#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#define LL long long
using namespace std;
const int mxn=100010;
int read(){
    int x=0,f=1;char ch=getchar();
    while(ch<'0' || ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}
    while(ch>='0' && ch<='9'){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();}
    return x*f;
}
struct node{
    int x,w;
    bool operator < (const node &b)const{
        return x<b.x;
    }
}a[mxn];
int n,smm=0;
int main(){
    int i,j;
    n=read();
    for(i=1;i<=n;i++){
        a[i].x=read();
        a[i].w=read();
        smm+=a[i].w;
    }
    sort(a+1,a+n+1);
    int mid=0;
    smm/=2;
    for(i=1;i<=n;i++){
        if(a[i].w>=smm){
            mid=i;
            break;
        }
        smm-=a[i].w;
    }
    LL ans=0;
    for(i=1;i<=n;i++){
        ans+=abs(a[i].x-a[mid].x)*(LL)a[i].w;
    }
    printf("%lld\n",ans);
    return 0;
}