[NOIP2006] 提高组 洛谷P1066 2^k进制数

 

题目描述

设r是个2^k 进制数，并满足以下条件：

（1）r至少是个2位的2^k 进制数。

（2）作为2^k 进制数，除最后一位外，r的每一位严格小于它右边相邻的那一位。

（3）将r转换为2进制数q后，则q的总位数不超过w。

在这里，正整数k（1≤k≤9）和w（k<W< span>≤30000）是事先给定的。

问：满足上述条件的不同的r共有多少个？

我们再从另一角度作些解释：设S是长度为w 的01字符串（即字符串S由w个“0”或“1”组成），S对应于上述条件（3）中的q。将S从右起划分为若干个长度为k 的段，每段对应一位2^k进制的数，如果S至少可分成2段，则S所对应的二进制数又可以转换为上述的2^k 进制数r。

例：设k=3，w=7。则r是个八进制数（23=8）。由于w=7，长度为7的01字符串按3位一段分，可分为3段（即1，3，3，左边第一段只有一个二进制位），则满足条件的八进制数有：

2位数：高位为1：6个（即12，13，14，15，16，17），高位为2：5个，…，高位为6：1个（即67）。共6+5+…+1=21个。

3位数：高位只能是1，第2位为2：5个（即123，124，125，126，127），第2位为3：4个，…，第2位为6：1个（即167）。共5+4+…+1=15个。

所以，满足要求的r共有36个。

输入输出格式

输入格式：

 

输入只有1行，为两个正整数，用一个空格隔开：

k W

 

输出格式：

 

输出为1行，是一个正整数，为所求的计算结果，即满足条件的不同的r的个数（用十进制数表示），要求最高位不得为0，各数字之间不得插入数字以外的其他字符（例如空格、换行符、逗号等）。

（提示：作为结果的正整数可能很大，但不会超过200位）

 

输入输出样例

输入样例#1：

3 7

输出样例#1：

36

说明

NOIP 2006 提高组 第四题

 

数学统计

显然2^k进制数可以转化成二进制数分析。

比如8位的二进制数 00000000，如果要组成2^3进制，需要每3个数划分成一段： 00|000|000

000三位可能会有2^3-1种可能(1~7)

如果每段长度都相等，由于每段可能组成的数相同，而实际组成的几个数各不相同，所以总方案数可以用组合数计算：c[2^k-1][n]  (共有n段)

而如果第一段长度与后面的不等，需要单独考虑: c[2^k-(首段选择的数字i)][w/k]     1<=i<2^(首段二进制位数) && 2^k-i>w/k   ←需要给后面的数留出位置

 

/*By SilverN*/
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
int read(){
    int x=0,f=1;char ch=getchar();
    while(ch<'0' || ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}
    while(ch>='0' && ch<='9'){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();}
    return x*f;
}
struct num{
    short int len;
    int a[45];
}c[400][400];
int n,k;
num c1,ans;
num gadd(num a,num b){
    memset(c1.a,0,sizeof c1.a);
    c1.len=max(a.len,b.len);
    for(int i=1;i<=c1.len;++i){
        c1.a[i]+=a.a[i]+b.a[i];
        c1.a[i+1]+=c1.a[i]/10000;
        c1.a[i]%=10000;
    }
    if(c1.a[c1.len+1]) c1.len++;
    return c1;
}
void Print(){
    printf("%d",ans.a[ans.len]);
    for(int i=ans.len-1;i>0;--i){        
        printf("%d",ans.a[i]/1000);
        printf("%d",ans.a[i]/100%10);
        printf("%d",ans.a[i]/10%10);
        printf("%d",ans.a[i]%10);
    }
    printf("\n");
}
int main(){
    k=read();n=read();
    int hk=1<<(n%k);
    int tk=1<<k;
    int i,j;
    for(i=0;i<=tk;++i){
        for(j=0;j<=i;++j){
            if(!j || !i){c[i][j].len=1;c[i][j].a[1]=1;}
            else c[i][j]=gadd(c[i-1][j],c[i-1][j-1]);
        }
    }
    ans.len=1;
    for(i=2;i<=n/k && i<tk;++i)ans=gadd(ans,c[tk-1][i]);
    for(i=1;i<hk && n/k+i<tk;++i) ans=gadd(ans,c[tk-i-1][n/k]);
    Print();
    return 0;
}