摘要：
发现对于某一个点它向上发的一条边，它被经过的次数就是这个点子树数量*不是它子树的数量 那就维护一个前缀和，然后每次拿两个端点和它们的lca的值加一加减一减，再乘上加上的值，就是这次修改后答案的增量 （最后答案还要除以(N*N)） 倍增会被卡空间，难受 阅读全文
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由于是一个二次函数的关系，所以易证应该尽量让两组的顺序相同 然后就离散化乱搞几发，最后就变成了求逆序对的数量了 阅读全文
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用一个差分树状数组维护一下每个深度的和，然后每次拿着路径端点和lca加一加减一减就行了 阅读全文
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https://www.vijos.org/d/SUOI/p/59dc5af7d3d8a1361ae62b97 二分一个答案，然后做一做前缀和，用满足区间大小的最小值减一减，判断答案合不合法 然而还要输出一个最小的区间 太毒瘤了 但其实最后答案中最小区间的端点就只能是刚才做的那个最小值，因为如果不是 阅读全文
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设f1[i]表示以1..i中某个合法序列的长度，而且最后一位是较大的 f2[i]表示以1..i中某个合法序列的长度，而且最后一位是较小的 那么就有$f1[i]=max\{f2[j]+1\},(j<i,h[j]<h[i])$,f2同理 本来想直接建线段树来维护这个最大值的，但是似乎不需要： 对于f1， 阅读全文
摘要：
把一个点拆成三个，分别对应它的同类、它的猎物和它的天敌，这样的话（以下的相等都是并查集意义上的）： 如果令a,b同类，那么a的猎物不能是b的同类，a的天敌不能是b的同类 如果令a吃b，那么a的同类不能是b的同类、a的天敌不能是b的同类。 要令a,b同类，就使（a和b）的同类、猎物、天敌分别相等 要令 阅读全文
摘要：
我们一位一位地来做，每次判断这一位能否放0，而且要在满足前几位的情况下。用dp来判断 具体来说，设f[i][j]表示前i个划分成j个区间能否满足，那么我们会有转移trans[i][k+1]，当区间[i,k]的和在某些位上不是1时trans[i][k+1]=1 这些位，就是正在做的这位和它之前确定下来 阅读全文