摘要：
我们都做过一道题（？）货币兑换，是用cdq分治来解决不单调的斜率优化 现在它放到了树上.. 总之先写下来dp方程，$f[i]=min\{f[j]+(dis[i]-dis[j])*p[i]+q[i]\} ,j是i的祖先,dis[i]-dis[j]<=l[i]$ ，其中dis[i]表示1号点到i号点的距 阅读全文
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可以把翻倍的操作看作是一个查询和修改（增加刚查询得来的值）的符合操作，然后做cdq就行了 阅读全文
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经过部分分的提示，我们可以把一条路径切成s到lca 和lca到t的链 这样就分为向上的链和向下的链，我们分开考虑： 向上：如果某一个链i可以对点x产生贡献，那么有deep[x]+w[x]=deep[S[i]]，而且S[i]和lca[i]都在x的子树中 向下：如果某一个链i可以对点x产生贡献，那么有d 阅读全文
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首先floyd求出每两点间的距离（注意自己到自己的距离要设成0） 然后就是dp了 一开始照着Lifeguards的样子，钦定了一下i这个点一定要选，然后发现复杂度不对，还想了好长时间优化 然后一翻题解，直接两种状态选或不选分开算O(1)转移多好（所以年轻人不要整天满脑子都是钦定钦定的） 但为什么Li 阅读全文
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由范围可以想到状压dp 两个点（再加上原点）是可以确定一个抛物线的，除非它们解出来a>=0，在本题中是不合法的 这样的话，我们可以预处理出由任意两个点确定的抛物线所经过的所有的点（要特别规定一下自己和自己确定的抛物线只经过自己） 然后设状态s表示目前已经有哪些点被击中了，然后我们钦定这次就要打那个最 阅读全文
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可以直观地想到用优先队列来做，但数据范围是O(n)的 然后我们发现，因为我们每次挑出来的蚯蚓是单调的，所以把每个切成两段后，那两段也是对应单调的 也就是说，算上最一开始的蚯蚓，我们一共维护三个队列，三个分别单调，每次取出来最大的那个队头就行了 阅读全文