CF933-Div3 大致思路+题解

$R a n k$

A - Rudolf and the Ticket

纯水题暴力枚举直接过

c o d e

#include<bits/stdc++.h>
#define fo(x,y,z) for(int (x)=(y);(x)<=(z);(x)++)
#define fu(x,y,z) for(int (x)=(y);(x)>=(z);(x)--)
inline int qr()
{
	char ch=getchar();int x=0,f=1;
	for(;ch<'0'||ch>'9';ch=getchar())if(ch=='-')f=-1;
	for(;ch>='0'&&ch<='9';ch=getchar())x=(x<<3)+(x<<1)+(ch^48);
	return x*f;
}
#define qr qr()
typedef long long ll;
using namespace std;
const int Ratio=0;
const int N=200005;
const int maxx=INT_MAX;
int T,n,m,k;
int b[N],c[N];
int main()
{
	// freopen("1.in","r",stdin);
	// freopen("1.out","w",stdout);
	cin>>T;
	while(T--)
	{
		cin>>n>>m>>k;
		int cnt=0;
		for(int i=1;i<=n;i++)
			cin>>b[i];
		for(int i=1;i<=m;i++)
			cin>>c[i];
		for(int i=1;i<=n;i++)
			for(int j=1;j<=m;j++)
				if(b[i]+c[j]<=k)
					cnt++;
		printf("%d\n",cnt);
	}
	return Ratio;
}

B - Rudolf and 121

题目中要求的是变换 $i$ 同时修改两边的值

换个角度就是变换 $i - 1$ 的同时修改 $i$ 和 $i + 1$

过一遍循环当出现 $a [i]$ $<$ $0$ 时标记并直接退出循环

输出 $Y E S$ 的条件是没有标记并且 $a [n - 1]$ 和 $a [n]$ 均为 $0$

c o d e

#include<bits/stdc++.h>
#define fo(x,y,z) for(int (x)=(y);(x)<=(z);(x)++)
#define fu(x,y,z) for(int (x)=(y);(x)>=(z);(x)--)
inline int qr()
{
	char ch=getchar();int x=0,f=1;
	for(;ch<'0'||ch>'9';ch=getchar())if(ch=='-')f=-1;
	for(;ch>='0'&&ch<='9';ch=getchar())x=(x<<3)+(x<<1)+(ch^48);
	return x*f;
}
#define qr qr()
typedef long long ll;
using namespace std;
const int Ratio=0;
const int N=200005;
const int maxx=INT_MAX;
int n;
int a[N];
int main()
{
	// freopen("1.in","r",stdin);
	// freopen("1.out","w",stdout);
	int T=qr;
    while(T--)
    {
        n=qr;
        fo(i,1,n)
            a[i]=qr;
        bool fla=true;
        fo(i,1,n-2)
        {
            if(a[i]<0)
            {
                fla=false;
                break;
            }
            a[i+1]-=2*a[i];
            a[i+2]-=a[i];
            a[i]=0;
        }
        if(fla==true&&a[n-1]==0&&a[n]==0)
            printf("YES\n");
        else
            printf("NO\n");
    }
	return Ratio;
}

C - Rudolf and the Ugly String

字符串！~~噔咚噔~~

还是较为简单的毕竟是 $c$ 题

简单观察后就能发现要求的字符串 $m a p$ 和 $p i e$ 唯一结合的方式是变成 $m a p i e$ 不会出现重叠和套娃的情况

因此我们选用方便的 $s u b s t r$ 来判定以下情况：

若前方存在 $m a p i e$ 则答案++ 同时向右走 $5$ 位
其次若前方存在 $m a p$ 或 $p i e$ 答案++ 同时向右走 $3$ 位
否则向右走 $1$ 位

c o d e

#include<bits/stdc++.h>
#define fo(x,y,z) for(int (x)=(y);(x)<=(z);(x)++)
#define fu(x,y,z) for(int (x)=(y);(x)>=(z);(x)--)
inline int qr()
{
	char ch=getchar();int x=0,f=1;
	for(;ch<'0'||ch>'9';ch=getchar())if(ch=='-')f=-1;
	for(;ch>='0'&&ch<='9';ch=getchar())x=(x<<3)+(x<<1)+(ch^48);
	return x*f;
}
#define qr qr()
typedef long long ll;
using namespace std;
const int Ratio=0;
const int N=200005;
const int maxx=INT_MAX;
int n,cnt;
string s;
int main()
{
	// freopen("1.in","r",stdin);
	// freopen("1.out","w",stdout);
	int T=qr;
    while(T--)
    {
        n=qr;
        cin>>s;
        cnt=0;
        int i=0;
        while(i<n)
        {
			if(i+5<=n&&s.substr(i,5)=="mapie")
                cnt++,i+=5;
			else if(i+3<=n&&s.substr(i,3)=="map")
                cnt++,i+=3;
			else if(i+3<=n&&s.substr(i,3)=="pie")
                cnt++,i+=3;
			else 
                i++;
		}
        printf("%d\n",cnt);
    }
	return Ratio;
}

D - Rudolf and the Ball Game

一眼转圈问题这道题难在有个" $?$ " 直接暴力 $d f s$ 会在第 $3$ 个测试点 $T$ 掉

接下来请出本场 $M V P$ ： $s e t ！$

众所周知~~（其实我 $T$ 了好久才想起来~~ $s e t$ 的特性是维护一个严格单调递增的数列但本题选用它的原因主要在 它会自动删除重复的元素！

因此在这道可能性很多且易重复的题里面 $s e t$ 成为了比剪枝 $d f s$ 更好的选择

学习 $s e t$ 请自行跳转 $c p p r e f e r e n c e$ 和 $C S D N$

c o d e

#include<bits/stdc++.h>
#define fo(x,y,z) for(int (x)=(y);(x)<=(z);(x)++)
#define fu(x,y,z) for(int (x)=(y);(x)>=(z);(x)--)
inline int qr()
{
	char ch=getchar();int x=0,f=1;
	for(;ch<'0'||ch>'9';ch=getchar())if(ch=='-')f=-1;
	for(;ch>='0'&&ch<='9';ch=getchar())x=(x<<3)+(x<<1)+(ch^48);
	return x*f;
}
#define qr qr()
typedef long long ll;
using namespace std;
const int Ratio=0;
const int N=200005;
const int maxx=INT_MAX;
int n,m,x;
int dis;
char c;
int main()
{
	// freopen("1.in","r",stdin);
	// freopen("1.out","w",stdout);
	int T=qr;
    while(T--)
    {
        n=qr,m=qr,x=qr;
        set<int>dh,yy;
        dh.insert(x-1);
        fo(i,1,m)
        {
            dis=qr;
            cin>>c;
            if(c=='0')
                for(auto i:dh)
                    yy.insert((dis+i)%n);
            else if(c=='1')
                for(auto i:dh)
                    yy.insert((i+n-dis)%n);
            else if(c=='?')
                for(auto i:dh)
                {
                    yy.insert((dis+i)%n);
                    yy.insert((i+n-dis)%n);
                }
            dh=yy;
            yy.clear();
        }
        printf("%d\n",dh.size());
        for(auto i:dh)
            printf("%d ",i+1);
        printf("\n");
    }
	return Ratio;
}

E - Rudolf and k Bridges

一眼 $d p$ 关于它感觉不需要特别说明

首先在输入桥时直接求出每一行的最优值

然后直接一个 $f o r$ 找 $k$ 个连续的较小值作答案即可

记得开 $l o n g l o n g$ ！！！

插叙

第一遍

const int maxx=INT_MAX;

第二遍

"哦不对是long long"

const int maxx=1e18;

第三遍

const ll maxx=1e18..

乐

c o d e

#include<bits/stdc++.h>
#define fo(x,y,z) for(int (x)=(y);(x)<=(z);(x)++)
#define fu(x,y,z) for(int (x)=(y);(x)>=(z);(x)--)
inline int qr()
{
	char ch=getchar();int x=0,f=1;
	for(;ch<'0'||ch>'9';ch=getchar())if(ch=='-')f=-1;
	for(;ch>='0'&&ch<='9';ch=getchar())x=(x<<3)+(x<<1)+(ch^48);
	return x*f;
}
#define qr qr()
typedef long long ll;
using namespace std;
const int Ratio=0;
const int N=200005;
const ll maxx=1e18;
int n,m,k,d;
int dh[N];
ll dp[N],cost[N];
int main()
{
	// freopen("1.in","r",stdin);
	// freopen("1.out","w",stdout);
	int T=qr;
    while(T--)
    {
        n=qr,m=qr,k=qr,d=qr;
        fo(k,1,n)
        {
            fo(i,1,m)
                dh[i]=qr,dp[i]=maxx;
			deque<pair<ll,ll> >q;//钱 位置
			dp[1]=1;
			q.push_back(make_pair(1,1));
			for(int i=2;i<=m;i++){
				dp[i]=min(dp[i],q.front().first+dh[i]+1);
				while(!q.empty()&&dp[i]<=q.back().first)
                    q.pop_back();
				q.push_back(make_pair(dp[i],i));
				if(i-d>q.front().second)
                    q.pop_front();
			}
			// cout<<dp[m]<<endl;
            cost[k]=dp[m];
			// cost[k]=cost[k-1]+dp[m];
            // cout<<cost[k]<<"||||||||"<<endl;
        }
        ll ans=maxx;
        fo(i,1,n-k+1)
        {
            ll res=0;
            fo(j,i,i+k-1)
                res+=cost[j];
            ans=min(ans,res);
        }
        printf("%lld\n",ans);
    }
	return Ratio;
}

F - Rudolf and Imbalance

$M V P$ 再次登场

严格单增完美契合 $s e t$

一开始直接找初始 $a [N]$ 中最大差和次大差

然后对最大差进行操作用给的 $f$ 和 $d$ 操作将它分成两个尽量大的差因为这样才能保证它们中较大的那个更小更满足题意

然后还是 $l o n g l o n g$

别的没什么太要紧的了关于 $l o w e r_{—} b o u n d$ 返回指针类型等的小点我在代码中也加入了部分注释

c o d e

#include<bits/stdc++.h>
#define fo(x,y,z) for(int (x)=(y);(x)<=(z);(x)++)
#define fu(x,y,z) for(int (x)=(y);(x)>=(z);(x)--)
typedef long long ll;
inline ll qr()
{
	char ch=getchar();ll x=0,f=1;
	for(;ch<'0'||ch>'9';ch=getchar())if(ch=='-')f=-1;
	for(;ch>='0'&&ch<='9';ch=getchar())x=(x<<3)+(x<<1)+(ch^48);
	return x*f;
}
#define qr qr()
using namespace std;
const int Ratio=0;
const int N=200005;
const int maxint=INT_MAX;
const ll  maxll=1e18;
int n,m,k;
ll a[N];
ll deta,detaa,lb,rb,ans;
set<ll>f,d;
int main()
{
	// freopen("1.inll","r",stdin);
	// freopen("1.out","w",stdout);
	int T=qr;
    while(T--)
    {
        n=qr,m=qr,k=qr;
        f.clear(),d.clear();
        deta=0,detaa=0;
        fo(i,1,n)
        {
            a[i]=qr;
            if(i!=1)//输入时直接寻找最大差和次小差
                if(deta<a[i]-a[i-1])
                {
                    detaa=deta;
                    deta=a[i]-a[i-1];
                    lb=a[i-1],rb=a[i];
                    //由于单增排序 左边界为小
                }
                else if(detaa<a[i]-a[i-1])
                    detaa=a[i]-a[i-1];
        }
        fo(i,1,m)
        {
            ll dd=qr;
            d.insert(dd);
        }
        fo(i,1,k)
        {
            ll ff=qr;
            f.insert(ff);
        }
        ans=deta;
        for(auto i:f)
		{
            auto dh=d.lower_bound((lb+rb)/2-i),yy=dh;
            //找最接近中间的 分开后两差大的尽量小
            ll dh1=*dh,yy1=*yy;
            //lower_bound值是指针类型无法运算 加*
            ans=min(ans,max(dh1+i-lb,rb-i-dh1));
            if(yy!=d.begin())
            //不是队首 指针需向上取 保证答案最优
            {
                yy--;
                yy1=*yy;
                ans=min(ans,max(yy1+i-lb,rb-i-yy1));
            }
        }
		cout<<max(detaa,ans)<<endl;
        //此时再次比较次大值和更改后最大值
    }
	return Ratio;
}//

G - Rudolf and Subway

太蒻了还没做出来。。

posted @ 2024-03-18 11:30 Ratio_Y 阅读(127) 评论(6) 编辑收藏举报

刷新页面返回顶部

登录后才能查看或发表评论，立即登录或者逛逛博客园首页

相关博文：

· 『模拟赛』多校A层冲刺NOIP2024模拟赛15

· 『模拟赛』暑假集训CSP提高模拟23

· CF933-Div3

· cfRound933div3-EFG题解

· Codeforces Round 933 (Div. 3)

阅读排行：
· 地球OL攻略 —— 某应届生求职总结
· 周边上新：园子的第一款马克杯温暖上架
· Open-Sora 2.0 重磅开源！
· 提示词工程——AI应用必不可少的技术
· .NET周刊【3月第1期 2025-03-02】

公告

我的平台账号们：

Luogu-Ratio_Y
AtCoder-DrRatio
Codeforces-DrRatio

$Now {there}^{'} s only one thing I can do$

$Fight until the end like I promised to$

洞天隐月，苍龙濯世！

不更新

--9.19

昵称： Ratio_Y
园龄： 1年1个月
粉丝： 76
关注： 76

+加关注

2025年3月

日

一

二

三

四

五

六

Ratio_Y

学习奥赛，坚持到底

CF933-Div3 大致思路+题解

A - Rudolf and the Ticket

B - Rudolf and 121

C - Rudolf and the Ugly String

D - Rudolf and the Ball Game

E - Rudolf and k Bridges

记得开 $l o n g l o n g$ ！！！

乐

F - Rudolf and Imbalance

G - Rudolf and Subway

公告

洞天隐月，苍龙濯世！

搜索

我的标签

积分与排名

合集

随笔分类

随笔档案

相册

头版文章

友链

阅读排行榜

评论排行榜

推荐排行榜

最新评论

学习奥赛，坚持到底

A - Rudolf and the Ticket

B - Rudolf and 121

C - Rudolf and the Ugly String

D - Rudolf and the Ball Game

E - Rudolf and k Bridges

记得开longlong！！！

乐

F - Rudolf and Imbalance

G - Rudolf and Subway

公告

洞天隐月，苍龙濯世！

搜索

积分与排名

合集

随笔档案

相册

头版文章

友链

记得开 $l o n g l o n g$ ！！！