CF505E-Mr. Kitayuta vs. Bamboos【贪心,二分】

1|0正题

题目链接:https://www.luogu.com.cn/problem/CF505E

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1|1题目大意

开始一个长度为$n$的序列$h$，$m$天每天你可以$k$次选择一个$h_i$让它等于$h_i=max\{h_i-p,0\}$，然后结束时让每个$h_i=h_i+a_i$，要求使得最后最大的$h$值最小。

$1\leq n\leq 10^5,1\leq m\leq 5\times 10^3,1\leq k\leq 10$

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1|2解题思路

这个好像是以前WC还是APIO讲课的题了。

首先最大值最小直接上二分，然后考虑贪心做。

不过正着做不太好做，考虑倒着。首先因为每次减法减去的值都是一样的，所以如果有一株的高度大于$p$那么我们显然没有必要剪高度小于$p$的，因为这样会浪费。

设答案为$H$，那么开始我们就让所有草的高度都是$H$，然后每次所有的草高度减少$a_i$，然后你可以$k$次拔高一棵草的高度$k$。要求全程没有草的高度小于零且最后第$i$棵草的高度都不小于$h_i$。

那么考虑如果一棵草不用再管高度都不会小于$h_i$那么显然不需要管这棵了，否则剪它肯定不会，为了满足条件我们肯定是减去最快小于$0$的那棵草。

时间复杂度：$O(\log L(n\log n+mk\log n))$

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1|3$code$

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<queue>
#define ll long long
#define mp(x,y) make_pair(x,y)
using namespace std;
const ll N=1e5+10;
ll n,m,k,p,h[N],a[N],w[N];
priority_queue<pair<ll,ll> > q;
bool check(ll H){
	while(!q.empty())q.pop();
	for(ll i=1;i<=n;i++)
		if(H-a[i]*m<h[i])w[i]=H,q.push(mp(-H/a[i],i));
	for(ll i=1;i<=m;i++)
		for(ll j=1;j<=k;j++){
			if(q.empty())return 1;
			ll z=-q.top().first;
			ll x=q.top().second;
			if(z-i<0)return 0;
			q.pop();w[x]+=p;
			if(w[x]-a[x]*m<h[x])
				q.push(mp(-w[x]/a[x],x));
		}
	if(q.empty())return 1;
	return 0;
}
signed main()
{
	scanf("%lld%lld%lld%lld",&n,&m,&k,&p);
	for(ll i=1;i<=n;i++)scanf("%lld%lld",&h[i],&a[i]);
	ll l=0,r=1e9*(m+10);
	while(l<=r){
		ll mid=(l+r)>>1;
		if(check(mid))r=mid-1;
		else l=mid+1;
	}
	printf("%lld\n",l);
	return 0;
}

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本文作者：QuantAsk
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