AT3945-[ARC092D]Two Faced Edges【dfs】
正题
题目链接:https://www.luogu.com.cn/problem/AT3945
题目大意
\(n\)个点\(m\)条边的一张图,对于每条边求它翻转后强连通分量数量是否变化。
\(1\leq n\leq 1000,1\leq m\leq 2\times 10^5\)
解题思路
对于一条\((x,y)\)的边。
- 如果原来\(y\)能走到\(x\),那么考虑现在是否强连通分量是否减少,就是说如果存在一条\(x->y\)的路径不经过这条边那么不变,否则减少。
- 如果原来\(y\)不能走到\(x\),那么考虑现在强连通分量是否增加,那么如果存在一条\(x->y\)的路径不经过这条边那么就会产生一个新的强连通分量。
考虑每一个\(x\)能否走到\(y\),这个直接暴力\(O(nm)\)预处理就好了。
然后考虑对于每条边\(x,y\),\(x\)能否不经过这条边走到\(y\),从\(x\)开始\(dfs\),记录出去的第一条边,然后如果到一个点有两种不同情况那么标记即可。
时间复杂度\(O(nm)\)
code
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<vector>
using namespace std;
const int N=1e3+10,M=2e5+10;
int n,m,f[N][N],g[N][N],X[M],Y[M];
vector<int> a[N];
void step(int x,int *v){
if(v[x])return;v[x]=1;
for(int i=0;i<a[x].size();i++)
step(a[x][i],v);
}
void calc(int x,int *v){
if(v[x]==1)return;v[x]=1;
for(int i=0;i<a[x].size();i++)
calc(a[x][i],v);
return;
}
void dfs(int x,int *v,int pos){
if(v[x]>0)return;
else if(v[x]<0){
if((-v[x])==pos)return;
else v[x]=1;
}
else if(!v[x])v[x]=-pos;
for(int i=0;i<a[x].size();i++)
if(v[x]==1)calc(a[x][i],v);
else dfs(a[x][i],v,pos);
return;
}
int main()
{
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=1;i<=m;i++){
int x,y;
scanf("%d%d",&x,&y);
a[x].push_back(y);X[i]=x;Y[i]=y;
}
for(int i=1;i<=n;i++)step(i,f[i]);
for(int x=1;x<=n;x++){
g[x][x]=1;
for(int i=0;i<a[x].size();i++)
dfs(a[x][i],g[x],i+1);
}
for(int i=1;i<=m;i++){
if(f[Y[i]][X[i]]){
if(g[X[i]][Y[i]]==1)puts("same");
else puts("diff");
}
else{
if(g[X[i]][Y[i]]==1)puts("diff");
else puts("same");
}
}
return 0;
}