CF573D-Bear and Cavalry【动态dp】

1|0正题

题目链接:https://www.luogu.com.cn/problem/CF573D

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1|1题目大意

给出$n$个人$n$匹马，每个人/马有能力值$w_i$/$h_i$。

第$i$个人开始对应第$i$匹马，每个人不能选择对应的马，给每个人分配一个马后求最大的$\sum w_i\times h_j$。

每次交换两个人对应的马后求答案。

$1\leq n\leq 30000,1\leq q\leq 10000$

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1|2解题思路

设$f_i$表示匹配完前$i$匹马时的最大价值和。

考虑怎么转移，因为人和马一一对应，正常来说大的对大的乘积的和最大。但是如果恰好第$i$个人对应了第$i$匹马，那么显然$i$只能选择$i+1$，而让$i+1$选择$i$。

然后还有一种情况是只有三个时，第一个人对应了第一匹马，上面的转移会使得最后一个人和最后一匹马无法匹配，故我们还需要考虑和第三个的匹配。

也就是$f_i$只会从$f_{i-1},f_{i-2},f_{i-3}$转移过来，所以上动态$dp$即可

时间复杂度$O(3^3n\log n )$

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1|3code

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define ll long long
using namespace std;
const ll N=31000,inf=1e18,S=3;
struct matrix{
	ll a[S][S];
}w[N<<4],c,tt;
struct node{
	ll p,w;
}e[N],h[N];
ll n,m,id[N];
matrix operator*(const matrix &a,const matrix &b){
	memset(c.a,0xcf,sizeof(c.a));
	for(ll i=0;i<S;i++)
		for(ll j=0;j<S;j++)
			for(ll k=0;k<S;k++)
				c.a[i][j]=max(c.a[i][j],a.a[i][k]+b.a[k][j]);
	return c;
}
bool cmp(node x,node y){return x.w>y.w;}
void Change(ll x,ll L,ll R,ll pos,matrix &val){
	if(L==R){w[x]=val;return;}
	ll mid=(L+R)>>1;
	if(pos<=mid)Change(x*2,L,mid,pos,val);
	else Change(x*2+1,mid+1,R,pos,val);
	w[x]=w[x*2]*w[x*2+1];
}
ll calc(ll l,ll r){
	if(l<=0)return -inf;
	ll n=r-l+1,c[4]={0,1,2,0},ans=-inf;
	do{
		ll sum=0;
		for(ll j=0;j<n;j++){
			if(e[l+c[j]].p==h[l+j].p){sum=-inf;break;}
			sum=sum+e[l+c[j]].w*h[l+j].w;
		}
		ans=max(ans,sum);
	}while(next_permutation(c,c+n));
	return ans;
}
void Updata(ll x){
	if(x>n)return;
	memset(tt.a,0xcf,sizeof(tt.a));
	tt.a[1][0]=0;tt.a[2][1]=0;
	tt.a[0][2]=calc(x-2,x);
	tt.a[1][2]=calc(x-1,x);
	tt.a[2][2]=calc(x,x);
	Change(1,1,n,x,tt);return;
}
signed main()
{
	scanf("%lld%lld",&n,&m);
//	memset(tt.a,0xcf,sizeof(tt.a));
//	tt.a[0][0]=tt.a[1][1]=tt.a[2][2]=0;
//	for(ll i=1;i<(N<<2);i++)w[i]=tt[i];
	for(ll i=1;i<=n;i++)scanf("%lld",&e[i].w),e[i].p=i;
	for(ll i=1;i<=n;i++)scanf("%lld",&h[i].w),h[i].p=i;
	sort(e+1,e+1+n,cmp);
	sort(h+1,h+1+n,cmp);
	for(ll i=1;i<=n;i++)id[e[i].p]=i;
	for(ll i=1;i<=n;i++)Updata(i);
	while(m--){
		ll l,r;
		scanf("%lld%lld",&l,&r);
		l=id[l];r=id[r];
		swap(e[l].p,e[r].p);
		for(ll i=0;i<3;i++)
			Updata(l+i),Updata(r+i);
		printf("%lld\n",w[1].a[2][2]);
	}
	return 0;
}

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本文作者：QuantAsk
本文链接：https://www.cnblogs.com/QuantAsk/p/15016421.html
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