CF643F-Bears and Juice【组合数学】

1|0正题

题目链接:https://www.luogu.com.cn/problem/CF643F

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1|1题目大意

题目有点奇怪就直接放翻译了

有 $n$ 只熊和若干桶果汁和恰好一桶酒，每一天每只熊会选择一些桶（可能不选）并各喝一 杯，喝到酒的熊会去睡觉并不再回来，通过这个信息，熊们想知道哪个桶里是酒。

只有 $p$ 个睡 觉的位置，当睡觉的熊超过了 $p$ 只或者所有熊都在睡觉时熊们就失败了。

令 $R_i$ 表示在 $i$ 天内桶的数量最多少，使得熊可以成功知道酒的位置。令 $X_i = (i\times R_i) \bmod 2^{32}$，你需要求出 $X_1 \oplus X_2 \oplus\ldots \oplus X_q$。

$1\leq n\leq 10^9$，$1\leq p\leq 130$，$1\leq q \leq 2\times 10^6$。

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1|2解题思路

之前在XJ杂题选讲时候的神奇题目

题目比较乱但是我们发现题目问的是最多的数量，而不是最劣情况下的最多数量，所以这个东西是在最优情况下能分辨的数量。

这是我们之前很少接触的一种形式，这里需要用到信息的概念，因为我们是最优的，相当于我们所有的情况都可以去尝试，也就是每种信息都可以为我们选出一个答案，那么显然我们让选出的这些答案两两不同肯定就是最优的，所以这里的$R_i$就表示$i$天以内我们能够获取的信息的数量

那么我们现在能够得到的信息数就是有多少头熊睡着了，和分别在哪一天睡着的，那么有

$$R_i=\sum_{j=1}^{min\{p-1,n\}}\binom{n}{j}i^j$$

也就是组合睡觉的熊，然后每个睡觉的都可以在任意天的时候睡觉

这个东西主要是$\binom{n}{j}$因为没有逆元比较麻烦，但是因为$j$比较小所以我们可以直接暴力枚举上下的因子然后消掉他们的$gcd$就好了

时间复杂度$O(p^3\log p+q\times p)$

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1|3code

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<vector>
using namespace std;
int n,p,q;
unsigned ans,f[300];
vector<int> a,b;
int main()
{
	scanf("%d%d%d",&n,&p,&q);
	p=min(n-1,p);
	for(int i=0;i<=p;i++){
		a.clear();b.clear();f[i]=1;
		for(int j=0;j<i;j++)a.push_back(n-j);
		for(int j=1;j<=i;j++)b.push_back(j);
		for(int x=0;x<a.size();x++)
			for(int y=0;y<b.size();y++){
				int d=__gcd(a[x],b[y]);
				a[x]/=d;b[y]/=d;
			}
		for(int x=0;x<a.size();x++)f[i]=1u*a[x]*f[i];
	}
	for(int i=1,t=1;i<=q;i++){
		unsigned tmp=0,k=1;
		for(int j=0;j<=p;j++,k=1u*i*k)
			tmp+=f[j]*k;
		ans^=1u*i*tmp;
	}
	printf("%u",ans);
}

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本文作者：QuantAsk
本文链接：https://www.cnblogs.com/QuantAsk/p/14578713.html
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