DFS 找硬币

问题 A: 找硬币
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题目描述
小蛇是金融部部长。最近她决定制造一系列新的货币。假设她要制造的货币的面值为x1,x2,x3… 那么x1必须为1，xb必须为xa的正整数倍（b>a）。例如 1，5，125，250就是一组合法的硬币序列，而1，5，100，125就不是。不知从哪一天开始，可爱的蛇爱上了一种萌物——兔纸！从此，小蛇便走上了遇上兔纸娃娃就买的不归路。某天，小蛇看到了N只可爱的兔纸，假设这N 只兔纸的价钱分别是a1,a2…aN。现在小蛇想知道，在哪一组合法的硬币序列下，买这N只兔纸所需要的硬币数最少。买兔纸时不能找零。

输入
第一行，一个整数N，表示兔纸的个数

第二行，N个用空格隔开的整数，分别为N只兔纸的价钱

输出
一行，一个整数，表示最少付的钱币数。

样例输入
2
25 102
样例输出
4
提示

样例解释：共有两只兔纸，价钱分别为25和102。现在小蛇构造1，25，100这样一组硬币序列，那么付第一只兔纸只需要一个面值为25的硬币，第二只兔纸需要一个面值为100的硬币和两个面值为1的硬币，总共两只兔纸需要付4个硬币。这也是所有方案中最少所需要付的硬币数。

1<=N<=50, 1<=ai<=100,000

正解是DP,但可以用DFS.
新的硬币一定是原来的整数倍，并且是质数。
现在我们假设最开始要全用1付，则sum[i]=w[i]。而我们每去枚举一个新的倍数x，那这个倍数x只能更改原来最大值硬币的支付个数（它可以合并原来最大值的每x个，剩下的还要由原来的最大值付）。那么a[i]就用来表示上一个最大值所要支付的对应面值的硬币数，那么在下一层深搜时，就可以确定他要支付多少个了。

#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
int read()
{
    int sum=0,f=1;char x=getchar();
    while(x<'0'||x>'9'){if(x=='-')f=-1;x=getchar();}
    while(x>='0'&&x<='9'){sum=(sum<<1)+(sum<<3)+x-'0';x=getchar();}
    return sum*f;
}
int n,m,a[55],b[55],ans,pri[100005],tot,mark[100006];
void init()
{
    for(int i=2;i<=100000;i++)
    {
        if(!mark[i])pri[++tot]=i;
        for(int j=1;j<=tot;j++)
        {
            if(pri[j]*i>a[n])break;
            mark[pri[j]*i]=1;
            if(i%pri[j]==0)break;
        }
    }
}
inline void dfs(int y,int x,int sum)
{
    int s=0,c[55],js=0;
    for(int i=1;i<=n;i++)
        s+=a[i]%pri[y],a[i]/=pri[y];
    sum+=s;
    if(sum>=ans)return;
    memcpy(c,a,sizeof(a));
    if(a[n]!=1&&a[n]!=0)
    {
        for(int i=1;i<=tot;i++)
        {
            int h=pri[i]*x;if(h>m)break;
            dfs(i,h,sum);
            memcpy(a,c,sizeof(a));
        }
    }
    else
    {
        for(int i=1;i<=n;i++)if(a[i])js++;
        ans=min(ans,sum+js);
    }
}
int main()
{
    n=read();
    for(int i=1;i<=n;i++)a[i]=read(),ans+=a[i];
    sort(a+1,a+n+1);m=a[n];memcpy(b,a,sizeof(a));
    init();
    for(int i=1;i<=tot&&pri[i]<=m;i++)
        dfs(i,pri[i],0),memcpy(a,b,sizeof(b));
    cout<<ans;
}