复杂度估计
时间复杂度
假设OJ上设定运行时间超过1s便报超时，那么
1s 运行O(n),O(n^2),O(logn)的算法分别可以有多少次？
查看CPU参数（一般PC就是在2~3GHz这样）
- 1GHz（兆赫）= 1000MHz（兆赫）
- 1MHz（兆赫）= 1百万赫兹
1GHz = 10亿Hz，表示CPU可以一秒脉冲10亿次（有10亿个）
word cpu 2.90GHz，也就是说晶振每秒发出30亿次脉冲（时钟周期）
实现三个函数，时间复杂度分别是 $O(n)$ , $O(n^2)$, $O(n\log n)$，使用加法运算来测试一下。
#include <iostream> #include <chrono> #include <thread> using namespace std; using namespace chrono; // O(n) void function1(long long n) { long long k = 0; for (long long i = 0; i < n; i++) { k++; } } // O(n^2) void function2(long long n) { long long k = 0; for (long long i = 0; i < n; i++) { for (long j = 0; j < n; j++) { k++; } } } // O(nlogn) void function3(long long n) { long long k = 0; for (long long i = 0; i < n; i++) { for (long long j = 1; j < n; j = j * 2) { // 注意这里j=1 k++; } } } int main() { long long n; // 数据规模 while (1) { cout << "输入n："; cin >> n; milliseconds start_time = duration_cast<milliseconds>( system_clock::now().time_since_epoch() ); //function1(n);//600000000 //function2(n);//30000 function3(n);//30000000 milliseconds end_time = duration_cast<milliseconds>( system_clock::now().time_since_epoch() ); cout << "耗时:" << milliseconds(end_time).count() - milliseconds(start_time).count() << " ms" << endl; } }
测试后，在我的机器上1s中能运行复杂度分别为O(n),O(n^2),O(logn)的算法次数大概：
O(n) ：600000000
O(n^2) ：30000
O(logn) ：30000000
递归算法的时间复杂度
递归算法的时间复杂度本质上是要看: 递归的次数 * 每次递归中的操作次数。
用求x^n来说明什么是O(logn)的复杂度的算法，和O(n)复杂度算法的区别。
求x^n
直接一个for循环
int function1(int x, int n) { int result = 1; // 注意 任何数的0次方等于1 for (int i = 0; i < n; i++) { result = result * x; } return result; }
时间复杂度：O(n)
怎么才O(n)？隔壁老王都会写O(logn)了
提示：使用递归降低复杂度
反手就是一个递归
int function2(int x, int n) { if (n == 0) { return 1; // return 1 同样是因为0次方是等于1的 } return function2(x, n - 1) * x; }
背公式：递归的次数 * 每次递归中的操作次数； n * 1 = n
时间复杂度：O(n)
怎么才O(n)？隔壁老王都会写O(logn)了，能不能给点力？
改一改递归
int function3(int x, int n) { if (n == 0) { return 1; } if (n % 2 == 1) { return function3(x, n / 2) * function3(x, n / 2)*x; } return function3(x, n / 2) * function3(x, n / 2); }
背公式：递归的次数 * 每次递归中的操作次数；
算法看成是一颗满二叉树，每个节点算一次 乘法操作，有多少个节点？$2^m+2^{m-1}+\ldots+2^0$ = 2^{m+1} - 1 , m = \log_{2}{n} - 1$ m为递归深度
时间复杂度：O(2^(log_2^n ) ) = O(n)
怎么才O(n)？隔壁老王O(logn)都写了好几个了，你行不行？
上面的算法，显然有重复计算，function3(x, n / 2) * function3(x, n / 2) ，* 两边就做了一样的事情。
递归有时候的时间复杂度可以很烂甚至是指数复杂度算法
比如说下面这个求斐波那契的算法，老王反手就丢出一个递归
int fibonacci(int i) { if(i <= 0) return 0; if(i == 1) return 1; return fibonacci(i-1) + fibonacci(i-2); }
小张：哇大佬会递归，好厉害！
Carl：笑死，这都$O(2^n)$算法了，n一大，凉凉！
小张一脸懵逼~：这怎么会是$O(2^n)$算法，你说说，是的话我吃掉
背公式：递归的次数 * 每次递归的时间复杂度
每次递归都是$O(1)$的操作，那看递归了多少次，将i为5作为输入的递归过程 抽象成一颗递归树，如图：
一棵深度为n的二叉树最多可以有 2^n - 1 个节点。所以算法的时间复杂度为$O(2^n)$
这种求斐波那契数的算法看似简洁，其实时间复杂度非常高，一般不推荐这样来实现斐波那契。
主要是两次递归有大量重复计算，导致时间复杂度指数上升
return fibonacci(i-1) + fibonacci(i-2);
老王：我只是试试你而已，我当然会O(n)算法
int fibonacci(int first, int second, int n) { if (n <= 0) { return 0; } if (n < 3) { return 1; } else if (n == 3) { return first + second; } else { return fibonacci(second, first + second, n - 1); } }
这里相当于用first和second来记录当前相加的两个数值，此时就不用两次递归了。
因为每次递归的时候n减1，即只是递归了n次，所以时间复杂度是 $O(n)$。
同理递归的深度依然是n，每次递归所需的空间也是常数，所以空间复杂度依然是$O(n)$。
$O(\log n)$，行！
int function4(int x, int n) { if (n == 0) { return 1; } int t = function4(x, n / 2);// 这里相对于function3，是把这个递归操作抽取出来 if (n % 2 == 1) { return t * t * x; } return t * t; }
依然还是看递归了多少次，可以看到这里仅仅有一个递归调用，且每次都是n/2 ，所以这里我们一共调用了 $\log_{2}{n}$ 次function4。
每次递归了做都是一次乘法操作，这也是一个常数项的操作，那么这个递归算法的时间复杂度才是真正的$O(\log n)$。
空间复杂度
主要目的，还是对程序要使用多大内存有个估计，不至于 out of memory ...
栗子
空间复杂度是$O(1)$
int j = 0; for (int i = 0; i < n; i++) { j++; }
所需的内存空间并不会随着n的变化而变化。即此算法空间复杂度为一个常量，所以表示为大$O(1)$
空间复杂度是$O(n)$
int* a = new int(n); for (int i = 0; i < n; i++) { a[i] = i; } delete a;
可以看出消耗空间和输入参数n保持线性增长，n多大就开辟多大的空间。
$O(n^2)$， $O(n^3)$， $O(2^n)$如是，最好不要是指数算法。
递归算法空间复杂度
在递归的时候，可能会出现空间复杂度为logn的情况。
那么递归算法的空间复杂度怎么估计呢？
公式：递归算法的空间复杂度 = 每次递归的空间复杂度 * 递归深度
为什么要求递归的深度呢？
因为每次递归所需的空间都被压到调用栈里（这是内存管理里面的数据结构，和算法里的栈原理是一样的），一次递归结束，这个栈就是就是把本次递归的数据弹出去。所以这个栈最大的长度就是递归的深度。
每次递归的空间复杂度，即每次递归需要的栈空间
还是用老王写的斐波那契来说明
非递归dp版本，时间复杂度$O(n)$空间复杂度$O(1)$
int fib(int n) { //https://leetcode-cn.com/problems/fei-bo-na-qi-shu-lie-lcof //计算Fibonacci的第n项值 如果初始结果大于1e9+7 即1000000007要取模 //题解 可以用递归 但是有大量重复运算 /* //递归 当n太大时，超出时间限制 if(n <= 1 || n > 100){ return n; } return (fib(n-1) + fib(n-2))%1000000007; */ //动态规划 O（N） O(1) if (n <= 1 || n > 100) { return n; } int leftleft = 0; int left = 1; int num = 0; for (int i = 0; i < n - 1; i++) { num = (left + leftleft) % 1000000007; leftleft = left; left = num; } return num; }
递归算法，时间复杂度$O(2^n)$空间复杂度$O(n)$
int fibonacci(int i) { if(i <= 0) return 0; if(i == 1) return 1; return fibonacci(i-1) + fibonacci(i-2); }
优化递归算法时间复杂度$O(n)$空间复杂度$O(n)$
int fibonacci(int first, int second, int n) { if (n <= 0) { return 0; } if (n < 3) { return 1; } else if (n == 3) { return first + second; } else { return fibonacci(second, first + second, n - 1); } }
求斐波那契数的时候，使用递归算法并不一定是在性能上是最优的，但递归确实简化的代码层面的复杂度。
二分查找递归算法
二分查找的递归实现
int binary_search( int arr[], int l, int r, int x) { if (r >= l) { int mid = l + (r - l) / 2; if (arr[mid] == x) return mid; if (arr[mid] > x) return binary_search(arr, l, mid - 1, x); return binary_search(arr, mid + 1, r, x); } return -1; }
时间复杂度$O(\log n)$, 空间复杂度$O(\log n)$
二分查找的时间复杂度是$O(\log n)$，那么递归二分查找的空间复杂度是多少呢？
背公式：每次递归的空间复杂度 * 递归深度
每次递归的空间复杂度 ：C++中传入arr是一个地址并不是拷贝，所以每次递归的空间复杂度是常数即：$O(1)$
递归深度：二分查找的递归深度是logn
总的空间复杂度为$O(\logn)$
注意，比如说用python时，转入的参数是整个拷贝，那么再用上面的二分查找空间复杂度就是$O(n\logn)$了。
但是呢，算法的空间复杂度不一定是整个程序跑起来的实际内存消耗，只能说可以用来粗略地估计。
代码的内存消耗
请看Carl哥的讲代码的内存消耗：代码随想录 (programmercarl.com)
为什么要内存对齐？
CPU读取内存不是一次读取单个字节，而是一块一块的来读取内存，块的大小可以是2，4，8，16个字节，具体取多少个字节取决于硬件。
就像GPU中，提高GPU的运行速度的策略之一就是合并对全局内存的访问。
GPU中，读取全局内存时，是一块一块读取的，尽管只希望读取一个地址的元素。如果线程读取或者写入连续的全局内存位置，GPU的效率是最高的，这就叫做 coalesced 合并，是好的。有时候读取的不是连续的一块内存，可能有间隔，那就叫做 strided 跨步，不是很好的。更糟糕的是，如果随机从一个位置读取，那么就需要非常多次内存操作，这就导致 GPU 性能差。
有同学会问了，那这样岂不是会消耗内存资源，当然会，但是我们更希望的是速度速度！天下武功，为快不破🐱💻
