摘要：
由于是排列，因此b一定只出现了一次，找到出现的位置并向左右扩展考虑如何判定是否满足条件，当且仅当$[左边比b小的数ls]+[右边比b小的数rs]=[左边比b大的数lb]+[右边比b大的数rb]$，暴力枚举+线段树复杂度为$o(n^2logn)$变形上式，得到$ls-lb=rb-rs$，对两边分别处理 阅读全文
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一道有趣的建图题，新建一个初始存在水的点，那么造井相当于向其连边，费用就是造井的费用，之后求最小生成树即可 1 #include<bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 struct ji{ 4 int x,y,z; 5 bool operator < (co 阅读全文
摘要：
首先有一个东西叫做括号序列，即每一个点入栈加左括号，出栈加右括号容易证明，括号序列中A到B的距离是A到B中消去所有成对出现后剩余括号的数量用线段树来维护，考虑某个区间中两点的距离最大值，分为两种情况：1.点对在左区间/右区间；2.跨过区间的中点前者很好处理，来分析一下后者：容易发现消去成对的括号后剩 阅读全文
摘要：
移动可以理解为空白格的移动，问题等价于双方在一张无向图（相邻不同色点连边，起点视为黑色）移动，不能经过重复的点，无法移动者为负由于这张图是二分图，因此有结论，先手必胜当且仅当起点一定在任意一组最大匹配中证明：必要性，即先手必胜=>一定在匹配中，其等价于不在匹配中=>后手必胜，考虑一组最大匹配，容易发 阅读全文
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bzoj1068的简化版本，用f[i][j]表示表示区间i到j的最少字符数量，分为两种情况：1.某个子串重叠，枚举这个子串（注意：二位数长度为2）；2.枚举断点 1 #include<bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 #define mod 998244 阅读全文
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设f[i]表示深度不超过i的方案数，那么有f[0]=1,$f[i]=f[i-1]^{n}+1$，然后用高精度即可（注意深度恰好为d还要用f[d]-f[d-1]才是答案） 1 #include<bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 struct ji{ 4 i 阅读全文
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手动模拟一组样例，可以理解大致应该如何操作具体实现中，记录每一位当前应该+1还是-1，然后操作最低的位并将后面的+1和-1全部取反即可 1 #include<bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 int n,b,a[105],flag[105]; 4 voi 阅读全文
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将每一个重置为0的点作为一段，那么它会导致后面为以x x为开头的斐波拿起数列的东西，那么设这一段是以x为开头，要快速转移到下一段，就可以解决这道题目为了转移，我们要处理出下面的东西：1.求出x关于模k的逆元，也就是找到这个0原来的值，那么x*上一个数就是下一段的开头；2.通过这个值反推出这一段的长度 阅读全文
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对于每一行，用一个2^12个01来表示，其中这一行就是其中所有为1的点所代表的行（i二进制中包含的行）的max的min，然后就可以支持取max和min了，查询只需要枚举答案即可 1 #include<bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 #define N 阅读全文
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记一条链两端的lca为该链的lca，f[i]表示所有lca在i子树内的链的最大价值和（为方便递推，假设存在i-i的链价值为0），有递推式$f[i]=max(\sum_{son}f[son]+val)$（其中son是链上所有点的儿子且不再链上的节点，val表示该链的价值），时间复杂度为$o(n^{2} 阅读全文
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先考虑如何求出任意两数的最大差值和最小差值，直接差分约束建图跑floyd求最短路和最长路即可然后枚举i和j，考虑dA+dB和di+dj的关系，分两种情况移项，转化成dA-di和dj-dB的关系或dA-dj和di-dB的关系（只要有一个关系确定即确定）即可考虑（由于不等式都是两个变量，因此一定无法形成 阅读全文
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用f[i][j]表示到第i轮，之前取过的状态为j时之后的期望收益，枚举第i轮出现的物品，并判断能否取来转移，最终再将f[i][j]/=n即可 1 #include<bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 int n,m,x,a[105],b[105]; 4 d 阅读全文
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容易发现从当前状态到目标最少要跳不同的位置数-1，然后以此为估价函数IDA*（444ms，即先枚举答案再A*）或A*（664ms）即可 1 #include<bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 int t,x,y,ans,dx[8]={-2,-2,-1,- 阅读全文
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先二分答案，然后搜索暴力判断由于数据范围较大，需要剪枝：1.当前所有可能被用到的木板长度和（长度要不小于最小所需长度）>=所要拼成的所有木板的和；2.对于需求从大到小枚举木板（这样一开始枚举次数较少，后来的情况容易被剪枝掉） 1 #include<bits/stdc++.h> 2 using nam 阅读全文
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用f[i][j][k]表示第一行前i个数，第二行前j个数选k个子矩形的答案，考虑转移：1.在第一行/第二行选择一个矩形2.当i=j时，可以选择一个两行的矩形注意要特判m=1的情况 1 #include<bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 int n,m,t 阅读全文
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考虑用状压dp枚举排列，即f[i][j]表示当前状态为i，余数为j的方案数，考虑在末尾新增一个字符来转移即可，注意最后答案要除以排列组合 1 #include<bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 int t,d,n,tot[15],f[2005][1005 阅读全文
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题目即要求$Ah+Bv<=C+Aminh+Bminv$，如果同时枚举minh和minv，那么即要求$minh\le h$，$minv\le v$且$s\le C+Aminh+Bminv$从小到大枚举minh，然后答案可以理解为所有s合法-v合法且s合法，对于两个在枚举minv的时候预处理即可 1 # 阅读全文
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用f[i][j][0/1]表示区间[i,j]，i之前有没有M的最少需要多少个字符，然后分两种情况：1.可以分为两个，转移到dp[l][mid][0]+1；2.枚举断点，但当前面有M时，后面的这个不能重复，因此只能写成r-k 1 #include<bits/stdc++.h> 2 using name 阅读全文
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对于同一行或同一列的点，不论如何交换都在同一行或同一列，而最终这n个点行和列各不相同，因此即要找到n个点，使得行和列不同然后对于每一个1，将所在行和所在列连边，二分图能完全匹配那么就说明存在这种方案 1 #include<bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 阅读全文
摘要：
先二分答案，容易发现一定有一个正方形覆盖在角上（即有两条边在最X的地方），否则4个最X的点一定无法覆盖，然后暴力确定即可 1 #include<bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 struct ji{ 4 int x,y; 5 bool operator 阅读全文
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用线段树维护区间中最大的一段连续的1，以左端点为左端点最大的一段连续的1，以右端点为右端点最大的一段连续的1，然后就可以支持区间修改和查询了 1 #include<bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 #define N 50005 4 #define L 阅读全文