[atARC085F]NRE

令$(S_{a},S_{b})$表示$a_{i}\in S_{a}$且$b_{i}\in S_{b}$的i个数，那么答案相当于$S(0,1)+S(1,0)=S(0,1)+S(\{0,1\},0)-S(0,0)$，容易发现$S(\{0,1\},0)=\sum_{i=1}^{n}[b_{i}==0]$，那么相当于最小化$S(0,1)-S(0,0)$，因此答案与1的位置无关

然后dp，用$f[i][j]$表示前i个点最小的$S(0,1)-S(0,0)$且$\forall \min(i,j)\le k\le n,a_{k}=[k\le j]$，考虑转移：

1.如果$i\le j$，那么$f[i][j]=\min(f[i][j],f[i-1][j])$；如果$j<i$，那么$f[i][j]=\min(f[i][j],f[i-1][j]+2b_{i}-1)$

2.对于操作区间$[l,r]$，如果$l=i$，那么$f[i][r]=\min(f[i][r],\min_{i-1\le j\le r}(f[i-1][j]))$（注意滚动后要从大到小枚举r）

容易发现以下两种转移都是由$f[i-1]$转移到$f[i]$，用线段树维护，支持区间修改，区间查询最小值，单点取min即可（初始值应该赋为无穷大），最终答案即为$\min(f[n][i])+\sum_{i=1}^{n}[b_{i}==0]$

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define N 200005
#define L (k<<1)
#define R (L+1)
#define mid (l+r>>1)
vector<int>v[N];
int n,m,x,y,ans,a[N],tag[N<<2],f[N<<2];
void upd(int k,int x){
    tag[k]+=x;
    f[k]+=x;
}
void down(int k){
    if (tag[k]){
        upd(L,tag[k]);
        upd(R,tag[k]);
        tag[k]=0;
    }
}
void update(int k,int l,int r,int x,int y){
    if (l==r){
        f[k]=min(f[k],y);
        return;
    }
    down(k);
    if (x<=mid)update(L,l,mid,x,y);
    else update(R,mid+1,r,x,y);
    f[k]=min(f[L],f[R]);
}
void update(int k,int l,int r,int x,int y,int z){
    if ((l>y)||(x>r))return;
    if ((x<=l)&&(r<=y)){
        upd(k,z);
        return;
    }
    down(k);
    update(L,l,mid,x,y,z);
    update(R,mid+1,r,x,y,z);
    f[k]=min(f[L],f[R]);
}
int query(int k,int l,int r,int x,int y){
    if ((l>y)||(x>r))return 0x3f3f3f3f;
    if ((x<=l)&&(r<=y))return f[k];
    return min(query(L,l,mid,x,y),query(R,mid+1,r,x,y));
}
int main(){
    scanf("%d",&n);
    for(int i=1;i<=n;i++){
        scanf("%d",&a[i]);
        ans+=(a[i]^1);
    }
    scanf("%d",&m);
    for(int i=1;i<=m;i++){
        scanf("%d%d",&x,&y);
        v[x].push_back(y);
    }
    for(int i=1;i<=n;i++)sort(v[i].begin(),v[i].end());
    memset(f,0x3f,sizeof(f));
    update(1,0,n,0,0);
    for(int i=1;i<=n;i++){
        for(int j=(int)v[i].size()-1;j>=0;j--)update(1,0,n,v[i][j],query(1,0,n,0,v[i][j]));
        update(1,0,n,0,i-1,2*a[i]-1);
    }
    printf("%d",f[1]+ans);
}