更快的质数筛: Wheel Factorization

能在短时间内筛到 $10^9$。运用了类似分块的思想

如何做

首先，我们取一个合数 $k$。先把 $[1,k]$ 之间筛一下。

然后我们顺便得到哪些数和 $k$ 互质。

有这样一个引理：

对于 $k$，设 $Q(i)$ 表示 $i$ 是否和 $k$ 互质，是为 $1$，否为 $0$。则：

$Q(i)=Q(i+k),\forall i\in \N^{*}$。即 $Q$ 的周期是 $k$。

接下来，我们连续枚举长度为 $k$ 的区间。即，$[k+1,2k],[2k+1,3k],...$。对于这些区间中的每个数，它们是否和 $k$ 互质的情况，根据那个引理，我们可以知道。而我们从 $[k+1,2k]$ 开始枚举，它们都 $>k$。显然，一个 $>k$ 的数，如果和 $k$ 不互质，一定不可能是质数，因此就被筛掉了。

对于每个区间，我们只需要考虑剩下的 $\varphi(k)$ 个和 $k$ 互质的就行了。那它们一定没有 $k$ 中的质因子。也就是说，我们在筛质数的时候，跳过 $k$ 的质因子，就可以完美遍历到这些和 $k$ 互质的数了。

因此复杂度是 $O(n\times \dfrac{\varphi(k)}{k})$。写一个类似埃氏筛的东西，复杂度就是对的了。

如何让 $\dfrac{\varphi(k)}{k}$ 尽可能小呢？首先，$k$ 中的质因子次数超过 $1$ 肯定是浪费的，无效；然后 $k$ 的质因子越多越好

对于 $1e9$ 的范围，取 $k=2\times 3\times 5\times 7\times 11\times 13\times 17=510510$，事实证明，它就够快了。 此时

$\dfrac{\varphi(k)}{k}\approx 0.1805$

模板题：spoj某题

代码

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
namespace Flandre_Scarlet
{
    #define N 510515
    #define M 181000000
    #define ull unsigned long long
    #define F(i,l,r) for(int i=l;i<=r;++i)
    #define D(i,r,l) for(int i=r;i>=l;--i)
    #define Tra(i,u) for(int i=G.h[u],v=G.to(i);~i;i=G.nx(i),v=G.to(i)) if (i>=0)
    #define MEM(a,x) memset(a,x,sizeof(a))
    #define FK(a) MEM(a,0)
    #define sz(x) ((int)x.size())
    #define all(x) x.begin(),x.end()
    #define p_b push_back
    #define pii pair<int,int>
    #define fir first
    #define sec second
    int K=510510,phiK=92160; // 2*3*5*7*11*13*17, 前7个
    int pr[60000000]; bool notp[N];
    int pos[N],id[N]; // 互质位置, 互质数的编号
    bool tmp[N];
    #define pid(x) ((x/K)*phiK+id[x%K])
    void Init()
    {
        int n=1000000000; // 1e9
        int&c=pr[0],&cp=pos[0];
        notp[1]=1; c=cp=0;
        F(i,2,K) // 先筛一下 [1,K]
        {
            if (!notp[i]) pr[++c]=i;
            for(int j=1;j<=c and pr[j]<=K/i;++j)
            {
                notp[i*pr[j]]=1;
                if (i%pr[j]==0) break;
            }
        }
        F(i,1,K) if (i%2 and i%3 and i%5 and i%7 and i%11 and i%13 and i%17) // 互质
        {
            ++cp;
            pos[cp]=i;
            id[i]=cp;
        }
        F(i,2,1959)
        {
            int r=i*K,l=r-K+1;
            FK(tmp);
            // 每次的tmp[i]表示l+i-1是否不是质数
            // tmp[i]=1表示被筛掉, 最后tmp[i]=0说明是质数
            for(int j=8;j<=c and pr[j]*pr[j]<=r;++j) // pr[j]筛到的最小数是pr[j]*pr[j], 比它小的会更早被筛到
            {
                int fir=pr[j]*max(pr[j],(l-1)/pr[j]+1);
                if (!(fir&1)) fir+=pr[j];
                fir-=(l-1);
                while(fir<=K) tmp[fir]=1,fir+=(pr[j]<<1); // 只需要筛奇数倍, 因为偶数倍含有2, 肯定不互质
            }
            F(j,1,cp) if (!tmp[pos[j]]) pr[++c]=l+pos[j]-1;
        }
        for(int i=1;i<=c and pr[i]<=n;i+=500)
        {
            printf("%d\n",pr[i]);
        }
    }
    void Input()
    {

    }
    void Sakuya()
    {

    }
    void IsMyWife()
    {
        Init();
        Input();
        Sakuya();
    }
}
#undef int //long long
int main()
{
    Flandre_Scarlet::IsMyWife();
    return 0;
}