QBXT Day 2 记录
例题1：乌龟棋
略
例题2： noip2015 子串
有两个仅包含小写英文字母的字符串 A 和 B。
现在要从字符串 A 中取出 k 个互不重叠的非空子串,然后把这 k 个子串按照其在字符串 A 中出现的顺序依次连接起来得到一 个新的字符串,
请问有多少种方案可以使得这个新串与字符串 B 相等?注意:子串取出的位置不同也认为是不同的方案。
设f[i][j][k][1/0]表示到了A第i位，B第j位，选了K个，1/0选育不选
转移：就是照着状态转移
a[i]==b[j]:dp[i][j][k][1]=dp[i-1][j-1][k-1][0]+dp[i-1][j-1][k][1]
else:dp[i][j][k][1]=0
dp[i][j][k][0]=dp[i-1][j][k][0]+dp[i][j][k][1]
为了节约空间，第一位可以滚掉
例题3
有一个数列，请你改变尽可能少的数，使得这个数列变成递增的
观察一下性质，没两个数之间的差必须要大于一
也就是，我们要使得\(a_j-a_i>=j-i\)
移向
\(a_j-j>=a_i-i\)
然后我们求一个\(a_i-i\)最长下降子序列，然后总长度一减就可以了。
发现性质最重要
例题4
折叠的定义如下：
- 一个字符串可以看成它自身的折叠。
- X(S)是X(X>1)个S连接在一起的串的折叠。记作X(S) = SSSS…S(X个S)。
- 折叠之后的字符串可以连接和再次折叠。
给一个字符串，求它的最短折叠长度。
例如：3(A)C2(B) = AAACBB
2(3(A)C)2(B)=AAACAAACBB
AAAAAAAAAABABABCCD的最短折叠为：9(A)3(AB)CCD
NEERCYESYESYESNEERCYESYESYES的最短折叠为：2(NEERC3(YES))
区间dp，套模板就可以了。
然后在转移的时候还要判断整个区间是否可以折叠，怎么判断：暴力
然后是背包dp
先是01/完全/多重背包的板u子
多重背包单调队列优化。
首先我们来看转移
f[i]要可以从一下几个状态转移而来
f[i-v[j]1]+w[j]1 and f[i-v[j]2]+w[j]2.........f[i-v[j]num[j]]+w[j]num[j]
然后我们将i变成一个a+b*v[j]的形式再来看一看
f[(b-1)v[j]+a]+w[j]1 and f[(b-2)v[j]+a]+w[j]2 ...................
然后我们同时减去b*w[j]
{f[(b-1)v[j]+a]+w[j](b-1) and f[(b-2)v[j]+a]+w[j](b-2)}+b*w[j] ...................
然后我们发现，如此操作以后，花括号内加的w[j]只与其位置有关，然后我们要求最大值，就可以单调队列
需要两个队列（一个也可以) ，一个是单调队列，一个是储存当前所有可以拓展的状态
两重循环，第一重枚举上面的a，队列清空
第二重枚举b,并且维护队列
int q1[maxn],q2[maxn]; //队列，q1为原始队列，q2为单调队列
int pack(int *f,int V,int v,int w,int num)//f为dp数组，V是总体积，v是单个物品的体积，w是单个物品的价值，num为数量
{
for(int d=0;d<v;d++)//枚举a
{
int t1=-1,t2=-1,h1=0,h2=0;//队列置空
for(int k=d,i=0;k<=V;k+=v,i++)//枚举b，并且算出当前的体积
{//因为我们将上一次的dp值存在队列里了，所以就不用倒序了
if(t1-h1+1==num)//如果队列满了
{
if(q1[h1]==q2[h2]) h2++;//看看单调队列是否要出队
h1++;
}
int pas=f[k]-i*w;//如此操作
while(t2>=h2&&q2[t2]<pas) t2--;
q2[++t2]=pas;//维护
q1[++t1]=pas;
f[k]=q2[h2]+i*w;//补回来
}
}
}
例题1
题意
有n个人参加拔河比赛，要把他们分为两组，每人的实力为ai，一组的实力为这组人的实力之和。求两队实力差的最小值。（两队的人数没有限制）
我们该如何使用01背包的板子进行套用ne ?
我们将每个人的实力看作容积，然后价值就全是单位1
然后我们使所有人的实力之和作为总容积
然后再输出答案。输出总体积>>1 的所能装载的最大价值。
这样的话，我们就求得最接近实力值总和>>1的方案所需要的最多人数。
这样的话就求除了最优解
例题2
开始有一个数begin，给一个长为n的序列，ci，每次操作可以选择把开始的数加或减ci，变为新的数，之后再上一次的数的基础上加或减。
要求每次操作之后的数要大于等于0，小于等于max，求最后一次操作之后这个数的最大值。如果没有满足要求的解输出-1.
设f[i][j]表示第i轮，j可不可行。然后转移一下就可以了。
其他
询问1~n之间所有数字中1的个数和。例如11011中有4个数位1。
然后套一个数位dp就可以了。
#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<algorithm>
long long f[20];
long long n;
long long ans;
void solve(long long t,long long s)
{
if(t==1)
{
for(int i=0;i<=n%10;i++)
if(i==1) ans+=1;
return ;
}
long long now=(n/t)%10;
for(int i=0;i<now;i++)
{
if(i==1) ans+=t;
ans+=f[s-1];
}
if(now==1)
ans+=n%t+1;
solve(t/10,s-1);
}
int main()
{
scanf("%lld",&n);
long long t=1;
for(int i=1;i<=9;i++)
{
f[i]=i*t;
t*=10;
}
t=1;
long long s=1;
while(t<n) t*=10,s++;
solve(t,s);
printf("%lld",ans);
}
