摘要：
传送门 非常显然的一道树剖 用线段树维护区间为1区间为0 因为修改只有在根到节点 甚至不用维护深度 因为一开始节点都为0 甚至不用线段树的 build 操作 比模板还简单... 至于询问修改了多少就只要把修改后的数量减去修改前的数量 阅读全文
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传送门 考虑一个状态(a,b,c)的转移 b可以往左右跳 或者a和c中离b比较近的往中间跳 如果把当前状态看成一个节点 那么可以吧b往左右跳的情况看成当前节点的左右儿子状态 而且左右儿子状态要到父节点的状态就只能往中间跳，只有唯一的方法 那么所有可以互相转移的状态一起构成了一颗二叉树 树根就是不能往 阅读全文
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传送门 感觉题意有坑 害我看了半天 题目原文： 一块墓地的虔诚度是指以这块墓地为中心的十字架的数目。一个十字架可以看成中间是墓地，墓地的正上、正下、正左、正右都有恰好k棵常青树。 本来以为要刚好 k 颗，不能多了 结果看着样例一脸懵逼 才发现多的可以不管 比如有一行有 a 颗树，那么从这 a 颗中随 阅读全文
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传送门 正解矩阵树 不会 显然最小生成树每个长度的边的数量是不变的 而且题目说：具有相同权值的边不会超过10条。 暴力 dfs 枚举所有相同长度的边，看看有多少种方案 然后就过了 代码： 阅读全文
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传送门 思维难度很大的DP 设 f [ i ] 表示长度为 i 的山脉的合法方案数 考虑枚举最高的山的位置 j 那么在不考虑 j 左右两边是山谷或山脉的情况下 f[ i ] += f[ j-1 ] * f[ i-j ] * C[ i-1 ] [ j-1 ]（C[ i-1 ] [ j-1 ] 表示i- 阅读全文
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传送门 搞回文串很容易想到manacher 把每个回文串看成线段 那就是求两个相邻线段的最长总长度 设 l[ i ] 表示左端点为 i-1 时线段的最大长度，r[ i ] 表示右端点为 i+1 时线段的最大长度 （这里 i 在manacher处理后的字符串a上，线段的最大长度是指原字符串上的长度） 阅读全文
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传送门 Folyd 本题需要对Folyd有较深的理解 考虑Folyd的思想 枚举每个中转点 用这些点去尝试更新其它所有两点的距离 如果有点不能走，显然它不能作为中转点 本题在不同的时间有不同的点能走 用Floyd可以枚举所有可以走的中转点，更新其它两点的距离 好像复杂度是 O(n^3 * q) 但是 阅读全文
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传送门 考虑只有两个人的情况 集合点可以是树上两点间路径上的任一点 总长度可以用LCA求出 ans=dep[ x ] - dep[ LCA(x,y) ] + dep[ y ] - dep[ LCA(x,y) ] 三个人也差不多 Ans=dep[ x ] - dep[ LCA(x,y) ] + dep 阅读全文
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传送门 线段树 开根号好像没办法搞延迟标记 但是可以发现 10^12 只要开 6 次根号向下取整就等于 1 1再怎么开也是1 所以一个数最多只要开6次根号就不用再搞了 我们可以维护一个最大值 如果整个区间的最大值<=1 那么整个区间都不需要修改，直接跳过就好了 不然的话就暴力开根 修改复杂度 O(6 阅读全文
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传送门 枚举右端点 可以发现左右端点中有一个合法的咖啡店就可以了 而且为了让合法的左端点尽量多 咖啡店要尽量靠右 所以可以记录目前最右边的合法咖啡店左边每种颜色的客栈的个数 cnt[ color ] 然后如果更右边有合法的咖啡店，就更新一波 cnt 累计所有右端点的情况 复杂度 O(nk) #inc 阅读全文