ARC087E

首先建出一棵 01-Trie，容易发现选择一个字符串之后，它的子树和到根节点的链上的节点都不能再选了。

仔细观察一下，发现剩下的树实际上是若干个满二叉树，那么要求出这些满二叉树的 SG 函数。

对于一棵深度为 $x$ 的满二叉树（令根节点深度为 $0$），观察一下，发现：

• 若取根节点，则整棵树没了，变成先手必败的局面。
• 若取一个深度为 $1$ 的点，那么还剩下一棵深度为 $x-1$ 的满二叉树。
• 若取一个深度为 $2$ 的点，那么还剩下两棵深度分别为 $x-1,x-2$ 的满二叉树。
• $\cdots$
• 若取一个深度为 $x$ 的点，那么还剩下 $x$ 棵深度分别为 $0,1,\cdots,x-2,x-1$ 的满二叉树。

于是列出式子：

$$SG(x)=\text{mex}\left\{0,SG(x-1),SG(x-1)\oplus SG(x-2),SG(x-1)\oplus\cdots\oplus SG(0)\right\}$$

其中 $SG(0)=0$。

打表发现 $SG(x)$ 就是 $x$ 的 $\text{lowbit}$。

不会证明（）

Code：

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int N = 100005;
int n; ll L;
char s[N];
int trie[N][2], tot = 1;
int dep[N], vis[N];
ll ans;

void insert() {
	int p = 1, len = strlen(s + 1);
	for (int i = 1; i <= len; ++i) {
		int c = s[i] - '0';
		if (!trie[p][c]) trie[p][c] = ++tot;
		dep[trie[p][c]] = dep[p] + 1, p = trie[p][c];
	}
	vis[p] = 1;
}

ll SG(ll x) { return x & -x; }

void dfs(int p, int len) {
	if (vis[p]) return;
	if (trie[p][0]) dfs(trie[p][0], len + 1); else ans ^= SG(L - len);
	if (trie[p][1]) dfs(trie[p][1], len + 1); else ans ^= SG(L - len);
}

int main() {
	scanf("%d%lld", &n, &L);
	for (int i = 1; i <= n; ++i) scanf("%s", s + 1), insert();
	dfs(1, 0);
	printf("%s", ans ? "Alice" : "Bob");
	return 0;
}