CF1712D

首先有一个比较明显的性质，直径最多经过两条边。

设全局最小值为 $m$。考虑从任意一点出发，经过全局最小值所在的点，然后再到任意点，花费是 $2\times m$ 的。而任意边权 $\geq m$，走两条后的权值必定 $\geq 2\times m$。所以最多就是花费 $2\times m$ 走两条边，不然只走一条。

那么 $l,r$ 的最短距离就是 $\min\left\{\min\limits_{l\le i\le r}a_i,2\times m\right\}$。

显然考虑直径的话只要考虑相邻两个点就好了。

所以直径等于 $\max\limits_{1\le i\lt n}\left\{\min\left\{a_i,a_{i+1},2\times m\right\}\right\}$。

不难想到二分答案。

设当前正在 check 的值是 $x$，判断能否用不超过 $k$ 次操作使得直径不小于 $x$。

对于 $2\times a_i\lt x$ 的 $i$，先把它们变成 $10^9$。

现在只需使 $\max\limits_{1\le i\lt n}\left\{\min\left\{a_i,a_{i+1}\right\}\right\}$ 不小于 $x$ 就好了。

这些都很简单。

具体细节看代码。

Code：

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 100005, inf = 1e9;
int T;
int n, k;
int a[N], b[N];

bool check(int x) {
	for (int i = 1; i <= n; ++i) b[i] = a[i];
	int res = 0;
	for (int i = 1; i <= n; ++i) if (2 * b[i] < x) ++res, b[i] = inf;
	bool flag = 0; for (int i = 1; i < n; ++i) if (min(b[i], b[i + 1]) >= x) flag = 1;
	if (!flag) {
		++res;
		for (int i = 1; i <= n; ++i) if (b[i] >= x) flag = 1;
		if (!flag) ++res;
	}
	return res <= k;
}

void solve() {
	scanf("%d%d", &n, &k);
	for (int i = 1; i <= n; ++i) scanf("%d", &a[i]);
	int l = 1, r = 1e9;
	while (l < r) {
		int mid = l + r + 1 >> 1;
		if (check(mid)) l = mid;
		else r = mid - 1;
	}
	printf("%d\n", l);
}

int main() {
	scanf("%d", &T);
	while (T--) solve();
	return 0;
}