洛谷P1019 单词接龙
题目描述
单词接龙是一个与我们经常玩的成语接龙相类似的游戏，现在我们已知一组单词，且给定一个开头的字母，要求出以这个字母开头的最长的“龙”（每个单词都最多在“龙”中出现两次），在两个单词相连时，其重合部分合为一部分，例如 beastbeastbeast和astonishastonishastonish，如果接成一条龙则变为beastonishbeastonishbeastonish，另外相邻的两部分不能存在包含关系，例如atatat 和 atideatideatide 间不能相连。
输入输出格式
输入格式：
输入的第一行为一个单独的整数nnn (n≤20n \le 20n≤20)表示单词数，以下nnn 行每行有一个单词，输入的最后一行为一个单个字符，表示“龙”开头的字母。你可以假定以此字母开头的“龙”一定存在.
输出格式：
只需输出以此字母开头的最长的“龙”的长度
本题我本来打算在深搜的时候在处理两个单词的相交部分，但发现预处理一下会更好
要注意使用string变量求其长度与char变量求长度有所不同；
string a; int length=a.size(); //注意此处不是size(a)，一开始我在VScode上编译竟没报错，然后提交洛谷评测，成功CE。。。
char a; int length=strlen(a);
代码如下：
1 #include<iostream> 2 #include<cstdio> 3 #include<cstring> 4 #include<algorithm> 5 #include<cstdlib> 6 #include<string> 7 using namespace std; 8 #define maxn 1010 9 #define ll long long 10 #define IL inline 11 #define clear(a) memset(a,0,sizeof a) 12 IL void read(int &x) 13 { 14 x = 0;int f = 1;char ch = getchar(); 15 while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f = -f;ch = getchar();} 16 while(ch>='0'&&ch<='9'){x = x * 10 + ch - '0', ch = getchar();}x *= f; 17 } 18 19 int n, ans; 20 char head; 21 int color[maxn], used[maxn]; 22 int contact[maxn][maxn]; 23 string z[maxn]; 24 25 void solve(int x,int y) 26 { 27 for (int i = 1; i <= min(z[x].size(), z[y].size()) - 1; i++) 28 { 29 int lazy = 0; 30 int pry = 0; 31 for (int j = z[x].size() - i; j <= z[x].size() - 1;j++) 32 { 33 if(z[x][j]==z[y][pry]) 34 pry++; 35 else 36 { 37 lazy = 1; 38 break; 39 } 40 } 41 if(lazy) 42 continue; 43 else 44 { 45 contact[x][y] = i; 46 break; 47 } 48 } 49 } 50 51 void dfs(int id,int length) 52 { 53 ans = max(ans, length); 54 for (int i = 1; i <= n;i++) 55 { 56 if(color[i]>=2) 57 continue; 58 if(contact[id][i]) 59 { 60 color[i]++; 61 dfs(i, length+z[i].size()-contact[id][i]); 62 color[i]--; 63 } 64 } 65 ans = max(ans, length); 66 } 67 68 int main() 69 { 70 read(n); 71 for (int i = 1; i <= n;i++) 72 cin >> z[i]; 73 cin >> head; 74 for (int i = 1; i <= n;i++) 75 for (int j = 1; j <= n;j++) 76 solve(i, j); 77 for (int i = 1; i <= n; i++) 78 if (z[i][0] == head) 79 { 80 color[i] = 1; 81 dfs(i, z[i].size()); 82 color[i] = 0; 83 } 84 cout << ans; 85 return 0; 86 }
