【HAOI2008】硬币购物

容斥妙啊

原题：
一共有4种硬币，面值分别为c1,c2,c3,c4. 阿Q带着一些硬币去商店买东西，他带了d1枚第一种硬币，d2枚第二种硬币，d3枚第三种硬币，d4枚第四种硬币，若想买一个价值为s的东西,问阿Q有多少种付coins的方法.
比如c={1,2,5,10},d={3,2,3,1},s=10,一共有4种方法:
10=1+1+1+2+5
10=1+2+2+5
10=5+5
10=10
注意,阿Q可能会去很多次商店，每次带的硬币数量和要买的东西价值可能不一样，你需要对每一次都求出方法总数。

d1,d2,d3,d4,s <=100000，tot<=1000

 

志己想不出来，看题解

先完全背包求没有限制的方案数

然后容斥

容斥什么呐

容斥f[s]-Σ一种硬币超限度的方案数+Σ两种硬币超限度的方案数-Σ三种+Σ四种-Σ五种

怎么算一种硬币超限度的方案数呐

为了让第i种硬币超限度，就先钦定已经使用了d[i]+1个，酱紫这个硬币已经超了，接下来这种硬币是否再用就无所谓了

所以一种硬币超限度的方案数就是f[s-(d[i]+1)*c[i]]

dfs搞一搞就行了

题解和代码写起来都非常简单

然而思路在本身在考场上非常难想出来啊

怎么办嘛QAQ

代码：

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<cmath>
using namespace std;
#define ll long long
void splay(int &z){  z=0;  int mark=1;  char ch=getchar();
    while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')mark=-1;  ch=getchar();}
    while(ch>='0'&&ch<='9'){z=(z<<3)+(z<<1)+ch-'0';  ch=getchar();}
}
int dinic(){int z=0,mark=1;  char ch=getchar();
    while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')mark=-1;  ch=getchar();}
    while(ch>='0'&&ch<='9'){z=(z<<3)+(z<<1)+ch-'0';  ch=getchar();}
    return z*mark;
}
int n;
int cost[5],num[5];
ll f[110000],ans;
void dfs(int x,int y,int z){
    if(x==5){  ans+=(y&1 ? -1 : 1)*f[z];  return ;}
    if((num[x]+1)*cost[x]<=z)  dfs(x+1,y+1,z-(num[x]+1)*cost[x]);
    dfs(x+1,y,z);
}
int main(){//freopen("ddd.in","r",stdin);
    for(int i=1;i<=4;++i)  cin>>cost[i];
    cin>>n;
    f[0]=1;
    for(int i=1;i<=4;++i)for(int j=cost[i];j<=100000;++j)
        f[j]+=f[j-cost[i]];
    while(n--){
        for(int i=1;i<=4;++i)  splay(num[i]);
        ans=0;
        dfs(1,0,dinic());
        printf("%I64d\n",ans);
    }
    return 0;
}