BZOJ1925或洛谷2467 [SDOI2010]地精部落

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先讲下关于波动数列的\(3\)个性质。

性质\(1\)：对于数列中的每一对\(i\)和\(i + 1\)，若它们不相邻，那么交换这两个数形成的依旧是一个波动数列。
性质\(2\)：对于任何一个由\(1\sim n\)组成的波动数列，将每个数\(a_i\)变为\(n + 1 - a_i\)，形成的依旧是波动数列，且山峰和山谷与原先的数列刚好相反。
性质\(3\)：波动数列有对称性，即一个波动数列倒过来依旧是波动数列。

由性质\(3\)，我们可以只考虑第一个数为山峰的情况，最后将答案\(\times 2\)即可（如果\(n = 1\)是需要特判的，但这题保证\(n \geqslant 3\)，所以无所谓）。
设\(f[i][j]\)表示由\(1 \sim i\)组成、首位为\(j\)（且为山峰）的波动数列方案数。
则有状态转移方程：

\(\qquad\qquad f[i][j] = f[i][j - 1] + f[i - 1][i - j + 1]\)

解释下这个转移方程。

1. 若\(j\)与\(j - 1\)不相邻，那么产生的方案数就是\(f[i][j - 1]\)。
   因为当\(j - 1\)为首位且为山峰，那么\(j\)显然不可能和它相邻，即不可能在次位，否则\(j\)就成山谷了，所以根据性质\(1\)，\(j - 1\)在首位的方案数即是\(j\)在首位且与\(j - 1\)不相邻的方案数。
2. 若\(j\)与\(j - 1\)相邻，那么产生的方案数就是\(f[i - 1][i - j + 1]\)。
   因为此时的数列是\(j,j - 1,\dots\)的形式，那么这时的方案数就相当于给你\([1,j - 1]\cup[j + 1, i]\)的数，求\(j - 1\)在首位且为山谷的方案数，由于我们在考虑的数的大小均是相对的，所以给你\([j +1,i]\)等同于给你\([j, i - 1]\)的数，所以就转换为由\(1 \sim i - 1\)组成的波动数列，求\(j - 1\)在首位且为山谷的方案数，根据性质\(2\)，这个问题就等同于由\(1 \sim i - 1\)组成的波动数列，求\((i - 1) + 1 - (j - 1) = i - j + 1\)在首位且为山峰的方案数，即\(f[i - 1][i - j + 1]\)。

最后的答案即为\(2 \times \sum \limits _{i = 2} ^ n f[n][i]\)，因为\(1\)在首位不可能为山峰，所以从\(2\)开始累计。
代码里我使用了滚动数组来缩小空间。

#include<cstdio>
using namespace std;
const int N = 4210;
int f[2][N];
inline int re()
{
	int x = 0;
	char c = getchar();
	bool p = 0;
	for (; c < '0' || c > '9'; c = getchar())
		p |= c == '-';
	for (; c >= '0' && c <= '9'; c = getchar())
		x = x * 10 + c - '0';
	return p ? -x : x;
}
int main()
{
	int i, j, n, p, s = 0;
	n = re();
	p = re();
	f[0][2] = 1;
	for (i = 3; i <= n; i++)
		for (j = 2; j <= i; j++)
			f[i & 1][j] = (1LL * f[i & 1][j - 1] + f[(i & 1) ^ 1][i - j + 1]) % p;
	for (i = 2; i <= n; i++)
		s = (1LL * s + f[n & 1][i]) % p;
	printf("%lld", 2LL * s % p);
	return 0;
}