摘要： 用DFS写当然很简单了，8！的复杂度，16MS搞定。 在Discuss里看到有同学用状态压缩DP来写，就学习了一下，果然很精妙呀。 状态转移分两种，当前行不加棋子，和加棋子。dp[i][j]中，i代表行数，j代表当前行棋子的状态。j的二进制中，1代表有旗子，0代表无棋子。 贴代码~状压DP果然快一点。#include #include int n,k,count;bool mp[10][10];int num[256];int dp[9][256];int main(){// freopen("in.txt","r",stdin); for(int i= 阅读全文

摘要： 最短用BFS即可。关于左手走和右手走也很容易理解，走的顺序是左上右下。 值得注意的是，从起点到终点的右手走法和从终点到起点的左手走法步数是一样。 所以写一个左手走法就好了。贴代码，0MS#include #include #include using namespace std;int mp[45][45];const int DIR[4][2]={ {0,-1},{-1,0},{0,1},{1,0} };bool flag;void DFS(int x,int y,int dir,int step){ if(mp[x][y]) { flag=true; ... 阅读全文

摘要： 第一次接触欧拉回路。虽然在离散数学里学过，敲代码还是第一次。 本题是说端点颜色相同的两根木棒可连接，能否将所有的木棒连成一条直线。 将颜色视为节点v，将木棒视为边e，构成图G。如果能找到一条一笔画的路经过所有边，那么便符合条件。也就是判断是否是欧拉回路。 欧拉回路的条件是： (1) 图是连通的。 (2) 度数为基数的点的个数是两个，或者不存在。 连通可以通过用并查集判断。度数可以建一个数组保存当前点的度数。 值得注意的是有全空的数据，此时应该输出Possible。这点坑了我一下，在Discuss里发现有人提出了，改一下就A了。#include #include const i... 阅读全文

摘要： a1x13+ a2x23+ a3x33+ a4x43+ a5x53=0，xi∈[-50,50],且xi!=0。让我们求所有解的可能。 首先，如果暴力判断的话，每个x的取值有100种可能，100^5肯定会超时。 我们可以枚举x1，x2的值，并且记录下来。再枚举x3，x4，x5的值。如果发现有互为相反数的，说明有一个解存在。复杂度却大大降低了。 当然，我们可以只处理正数的情况。如果存在一组解，x1，x2，x3，x4，x5，那么容易证明-x1，-x2，-x3，-x4，-x5也是一组解。 我们只记录a1x13+ a2x23>0的情况，如果发现有相等的a3x33+ a4x43+ a5x53，解.. 阅读全文

摘要： 经典好题。 题意是要我们找出所有的正方形。1000点，只有枚举咯。 如图，如果我们知道了正方形A，B的坐标，便可以推测出C，D两点的坐标。反之，遍历所有点作为A，B点，看C，D点是否存在。存在的话正方形数+1。 假设A点坐标为(x1,y1)，B点坐标为(x2，y2)，则根据三角形全等，易知 C点坐标：( x1+(y2-y1),y1-(x2-x1) ) D点坐标：( x2+(y2-y1),y2-(x2-x1) ) 当然，如果我们遍历任意两个点，一个正方形将会被计数四次（四条边）。我们可以只判断斜率>=0的边，这条边在正方形的上方（如图AB边），这样不用重复验证四次了。 过程搞清... 阅读全文