随笔分类 - 数据结构
摘要：将每个单轮的SG函数抑或可得最终结果。 为了计算SG函数，先对主串用后缀自动机处理，对输入的每个子串，先在自动机上走到对应串的节点，然后枚举后续状态，这些状态即为SG函数对应的后继状态，求SG函数，并将结果保存，否则会超时。
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摘要：//http://www.cnblogs.com/IMGavin/ //http://hihocoder.com/problemset/problem/1455 //https://media.hihocoder.com/contests/challenge25/solution.pdf //bitset 莫队 dfs序 /* in1[]表示当前处理的子树的bitset状态，in2[]为in1...
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摘要：题意：将匹配的串用‘*’代替 tips: 1 注意内存的使用，据说g++中指针占8字节，c++4字节，所以用g++交会MLE 2 注意这种例子， 12abcdbcabc 故失败指针要一直往下走，否则会丢弃一些串 3 当出现非英文字符时应先将指针指向根节点，否则出现 11cyc,,,,,,,y 时结果
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摘要：反向操作，先求出最终状态，再反向操作。 然后就是Treap 的合并，求第K大值。 已经释放了内存，但在VS中使用_CrtDumpMemoryLeaks()函数检查还是有内存泄漏问题，原因还没弄清楚
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摘要：平方分割一直TLE，最后用归并树处理过了，使用STL会比较慢。
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摘要：分析: 给定n个二元组，求选出两个二元组(可以是同一个)组成一序列其LIS为1,2,3,4的方法数。 分别记为s1, s2, s3, s4 s1,s4对应的情形为a >= b >= c >= d, a < b < c < d，易求 长度为3时，先求得s3 + s4的值，分解为两种情况的和减去两种情况
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摘要：曾写过迭代加深搜索的方法，现在使用在AC自动上跑最短路的方法 dp[i][j]表示状态为到节点i，模式串是否包含的状态为j的最短串的长度，则状态转移方程为: dp[nx][ny] = min(dp[x][y] + 1) , 其中nx为x后继结点，ny为从y转移过来的新状态，更新时加入队列
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摘要：dp[i][j]表示行走i步到达j的最大值，dps[i][j]表示对应的串 状态转移方程如下： dp[i][chi[j][k]] = min(dp[i - 1][j] + sum[chi[j][k]])
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摘要：给定N个长度不超过20的模式串，再给定一个长度为M的目标串S，求在目标串S上最少改变多少字符，可以使得它不包含任何的模式串 建立Trie图，求得每个节点是否是不可被包含的串，然后进行DP dp[i][j]表示在Trie图上行走i步到达节点j的要修改的最小次数，则 dp[i + 1][chi[j][k
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摘要：先使用AC自动机求得状态转移关系，再建立矩阵，mat[i][j]表示一步可从i到j且i,j节点均非终止字符的方案数，则此矩阵的n次方表示n步从i,到j的方法数。
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摘要：注意添加到集合中的数是升序的，先将数据读入，再离散化。 sum[rt][i]表示此节点的区域位置对5取模为i的数的和，删除一个数则右边的数循环左移一位，添加一个数则右边数循环右移一位，相当于循环左移4位，线段树与树状数组结合，树状数组确定位置。 le[rt]表示左移的位数，区间更新懒惰标记 为什么我
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摘要：树状数组，一个想法是当往p注水时，认为是其容量变小了，更新时二分枚举，注意一些优化。
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摘要：先记录以1为根时每个节点子树儿子节点的最大与次小值，询问x， y时，先判断x在不在y的子树范围内，若不在，结果为y的儿子结点，后继的最小值。 若x在y的子树范围内，若y儿子最小值是x的前驱，从次小值与父亲节点转移，否则从最小值与父亲节点转移。
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摘要：树状数组，与Turing Tree类似。 xr[i]表示从1到i的抑或，树状数组维护从1到i每个数只考虑一次的异或，结果为sum(r) ^ sum(l) ^ xr[r] ^ xr[l] 其中xr[r] ^ xr[l] 相当于l + 1到r出现奇数次的数的异或，sum(r) ^ sum(l)表示l +
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摘要：当初合肥区域赛的题(现场赛改了数据范围就暴力过了)，可惜当初后缀数组算法的名字都没听过，现在重做下。 i从1到n - 1，每次枚举rank[i]附近的排名，并记录当起点小于i时的LCP(rank[i], d)的最大值，或是在LCP不变时更新起点。 加油吧! fighting!!!
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摘要：引用罗穗骞论文中的话： 将n 个字符串连起来，中间用不相同的且没有出现在字符串中的字符隔开，求后缀数组。然后二分答案，用和例3 同样的方法将后缀分成若干组，判断每组的后缀是否出现在不小于k 个的原串中。这个做法的时间复杂度为O(nlogn)。
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摘要：引用罗穗骞论文中的话： 先将n 个字符串连起来，中间用不相同的且没有出现在字符串中的字符隔开，求后缀数组。然后二分答案，再将后缀分组。判断的时候，要看是否有一组后缀在每个原来的字符串中至少出现两次，并且在每个原来的字符串中，后缀的起始位置的最大值与最小值之差是否不小于当前答案（判断能否做到不重叠，如
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摘要：一共6种情况，a < b且Aa < Ab, c < d 且Ac > Ad，这两种情况数量相乘，再减去a = c, a = d, b = c, b = d这四种情况，使用树状数组维护，le[i]表示i左边比他小的数数量，le1[i]表示i左边比他大的数数量，ri[i]表示i右边比他小的数数量，ri1[
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摘要：借用罗穗骞论文中的讲解: 计算A 的所有后缀和B 的所有后缀之间的最长公共前缀的长度，把最长公共前缀长度不小于k 的部分全部加起来。先将两个字符串连起来，中间用一个没有出现过的字符隔开。按height 值分组后，接下来的工作便是快速的统计每组中后缀之间的最长公共前缀之和。扫描一遍，每遇到一个B 的后
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摘要：这题可以用后缀数组，KMP方法做 后缀数组做法开始想不出来，看的题解，方法是枚举串长len的约数k,看lcp(suffix(0), suffix(k))的长度是否为n- k ,若为真则len / k即为结果。 若lcp(suffix(0), suffix(k))的长度为n- k，则将串每k位分成一段
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