[BZOJ4567][SCOI2016]背单词(Trie+贪心)
1.题意表述十分难以理解,简单说就是:有n个单词,确定一个背的顺序,使总代价最小。
2.因为第(1)种情况的代价是n*n,这个代价比任何一种不出现第(1)种情况的方案都要大,所以最后肯定不会出现“背某个单词的时候它的后缀还没背”的情况。
3.考虑将每个串和单词表中它的最长后缀连边,则形成了一棵树。我们需要给树上每个点分配一个1~n的整数v[]且两两不同(就是背的顺序,要保证儿子分配到的数一定大于父亲)。那么总代价就是所有点的v[i]-v[fa[i]]。可以发现,要让总代价最小,最终的涂色序列(就是背的顺序)是这棵树的一个DFS序。
4.关于建树,将所有串翻转变成前缀问题,再对所有串建Trie即可。
5.考虑哪个DFS序能让总代价最小,考虑一个点的所有儿子,当走入一个儿子时,其它儿子和父亲的差就会+1,其余点不变。那么要让答案最小就必须要尽快从那个儿子中出来,于是肯定是选择size最小的那个儿子。
这个结论全网都说十分显然但我既想不到也不会证,感觉自己贪心水平十分低下。
1 #include<cstdio> 2 #include<vector> 3 #include<cstring> 4 #include<algorithm> 5 #define rep(i,l,r) for (int i=(l); i<=(r); i++) 6 #define For(i,x) for (int i=h[x],k; i; i=nxt[i]) 7 typedef long long ll; 8 using namespace std; 9 10 const int N=500010; 11 int n,tim,nd=1,cnt,tot,top,h[N],to[N],nxt[N<<1]; 12 int id[N],fa[N],ch[N][27],stk[N],a[N],sz[N],v[N]; 13 ll ans; 14 char s[N]; 15 vector<int>ve[N]; 16 17 void add(int u,int v){ to[++cnt]=v; nxt[cnt]=h[u]; h[u]=cnt; } 18 bool cmp(int a,int b){ return sz[a]<sz[b]; } 19 20 void ins(int k,char s[]){ 21 int x=1,len=strlen(s+1); 22 for (int i=len; i; i--){ 23 if (!ch[x][s[i]-'a']) ch[x][s[i]-'a']=++nd; 24 x=ch[x][s[i]-'a']; 25 } 26 v[x]=k; 27 } 28 29 void dfs1(int x){ 30 if (v[x]) fa[v[x]]=stk[top],add(stk[top],v[x]),stk[++top]=v[x]; 31 rep(i,0,25) if (ch[x][i]) dfs1(ch[x][i]); 32 if (v[x]) top--; 33 } 34 35 void dfs2(int x){ sz[x]=1; For(i,x) if ((k=to[i])!=fa[x]) dfs2(k),sz[x]+=sz[k]; } 36 37 void dfs3(int x){ 38 tot=0; id[x]=++tim; 39 For(i,x) if ((k=to[i])!=fa[x]) ve[x].push_back(k); 40 sort(ve[x].begin(),ve[x].end(),cmp); int ed=ve[x].size()-1; 41 rep(i,0,ed) dfs3(ve[x][i]); 42 } 43 44 int main(){ 45 freopen("bzoj4567.in","r",stdin); 46 freopen("bzoj4567.out","w",stdout); 47 scanf("%d",&n); 48 rep(i,1,n) scanf("%s",s+1),ins(i,s); 49 dfs1(1); dfs2(0); dfs3(0); 50 rep(i,1,n) ans+=id[i]-id[fa[i]]; 51 printf("%lld\n",ans); 52 return 0; 53 }