洛谷 P5110 块速递推
题目大意:
给定一个数列a满足递推式
\(An=233*an-1+666*an-2,a0=0,a1=1\)
求这个数列第n项模\(10^9+7\)的值,一共有T组询问
\(T<=10^7\)
\(N\)为\(64\)位正整数
首先感谢出题人的好心,凑了一个好模数,有循环节,于是复杂度骤降
麻麻我会矩阵快速幂!
时间复杂度约为\(O(T*log_{2}n)\)
但很抱歉,时间复杂度仍然不过关。
因为,丧心病狂的出题人把T开到了\(10^7\)!!!
预计得分\(6*1=6\)
这意味着,我们需要在\(O(1)\)的时间内求出每一次询问的值
考虑这样一种做法
我们将初始矩阵的n次方进行分块处理
设初始矩阵为\(A\)
即求出\(A^1,A^2……A^{len-1}\),记为\(S\)
以及\(A^{len},A^{len*2}……A^{len*len}\),记为\(P\)
然后我们会发现,这两个对应的矩阵序列都可以在\(O(\sqrt{n})\)的时间范围内递推出来
最后答案即为\(S[n-n/len]*P[n/len]\)
时间复杂度为\(O(T+\sqrt{n})\)
预计得分\(100\)
参考代码(极丑,勿喷)
// luogu-judger-enable-o2
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<iostream>
#define mod 1000000007
using namespace std;
typedef unsigned long long ull;
typedef long long ll;
unsigned long long SA,SB,SC;
void init(){scanf("%llu%llu%llu",&SA,&SB,&SC);}
unsigned long long r()
{
SA^=SA<<32,SA^=SA>>13,SA^=SA<<1;
unsigned long long t=SA;
SA=SB,SB=SC,SC^=t^SA;return SC%(mod-1);
}
ull a[5][5][35000],b[5][5][35000],ans[5][5],tmp[5][5];
int main()
{
//freopen("w.txt","r",stdin);
a[1][1][0]=1;
a[1][2][0]=a[2][1][0]=0;
a[2][2][0]=1;
a[1][1][1]=233;
a[1][2][1]=666;
a[2][1][1]=1;
a[2][2][1]=0;
for(register int g=2;g<=32000;++g)
for(register int i=1;i<=2;++i)
for(register int k=1;k<=2;++k)
for(register int j=1;j<=2;++j)
a[i][j][g]=(a[i][j][g]+(a[i][k][g-1]*a[k][j][1])%mod)%mod;
b[1][1][0]=b[2][2][0]=1;
b[1][1][1]=a[1][1][32000];
b[1][2][1]=a[1][2][32000];
b[2][1][1]=a[2][1][32000];
b[2][2][1]=a[2][2][32000];
for(register int g=2;g<=32000;++g)
for(register int i=1;i<=2;++i)
for(register int k=1;k<=2;++k)
for(register int j=1;j<=2;++j)
b[i][j][g]=(b[i][j][g]+(b[i][k][g-1]*b[k][j][1])%mod)%mod;
ull t;
scanf("%llu",&t);
init();
int tot=0;
for(register int g=1;g<=t;++g)
{
int q=r()-1;
if(q==-1) continue;
tot^=((a[1][1][q%32000]*b[1][1][q/32000])%mod+(a[1][2][q%32000]*b[2][1][q/32000])%mod)%mod;
}
printf("%llu",tot);
}
在繁华中沉淀自我,在乱世中静静伫立,一笔一划,雕刻时光。