[Tkey] A decorative fence
还是看看简单而富有美感的爆搜吧
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define int long long
#define tests int cases;cin>>cases;while(cases--)
int n,l;
vector<int> e;bool vis[21];int cnt=0;
void dfs(int p){
if(cnt==l) return;
if(p>n){
cnt++;
if(cnt==l){
for(int i:e) cout<<i<<" ";
cout<<endl;
}
return;
}
for(int i=1;i<=n;++i){
if(!vis[i]){
if(e.size()<=1){
e.push_back(i);vis[i]=1;
dfs(p+1);
e.pop_back();vis[i]=0;
}
else if((*(e.end()-1)>*(e.end()-2)&&*(e.end()-1)>i)||
(*(e.end()-1)<*(e.end()-2)&&*(e.end()-1)<i)){
e.push_back(i);vis[i]=1;
dfs(p+1);
e.pop_back();vis[i]=0;
}
}
}
}
signed main(){
tests{
e.clear();cnt=0;
cin>>n>>l;
dfs(1);
}
}
思路
这题爆搜肯定是不行，考虑一个事实：
假设 1xxxx 是 \(Rank=a\) 的一种方案，1yyyy 是 \(Rank=b\) 的另一种方案，而目标 \(Rank\ k\) 满足 \(a\le k\le b\)，则有 \(Rank=k\) 的方案的首位一定是 \(1\).
跟我们猜数是一样的. 假设有个数给你猜，\(114\) 小了，\(191\) 大了，那你肯定知道这个数最高位是什么了.
所以我们就开个数组来转移并维护这个 \(Rank\) 值.
注意到 \(Rank\) 并不是非常好维护，我们可以考虑维护每种情况的方案数，然后按字典序从小到大依次加起来，这样就是 \(Rank\) 值了.
设 \(f[i][j][k]\) 为放入前 \(i\) 块木板构成的栅栏，当第 \(i\) 块木板的 \(Rank=j\) 时的方案数. 注意到这样还是不好维护，因为要考虑是高低高还是低高低，那么再开一维 \(k\) 来表示这个. \(k=1\) 时 \(1\) 为高，反之亦然.
那么这个转移非常好写，也不是本题的难点.
这里唯一需要注意的是求和的范围. 因为我们这个 \(k\) 指代的是 \(Rank=k\)，而且会涉及到选高的还是选低的的问题，也就有了 \(k\) 的范围的差异.
那么还很容易注意到，这个转移和 \(n,m\) 完全没有关系，所以从多测里提出来作为初始化.
然后就是按上面的思想来逼近我们要求的答案.
先来确定第一位吧，我们需要做的就是遍历每个 \(1\le i\le n\)，只要有 \(\sum^{i}_{j=1}(f[n][j][0]+f[n][j][1])> m\)，就能判定 \(j-1\) 是我们要求的那个第一位.
很显然，当我们之前几位选过某个数字，那我们就不能再选了，因此在之后的几次逼近中，我们还需要判断当前 \(Rank\) 的板子是不是已经被使用过了，然后进行类似的判断即可.
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define int long long
#define speed ios::sync_with_stdio(false);
#define tests int cases;cin>>cases;while(cases--)
#define clear(i) memset((i),0,sizeof (i))
int f[21][21][2]; //now fences have n planks, and the leftest planks ranking j
//k=0 means leftest is shorter,else taller
int n,m;
bool vis[21];
/*
f[i][j][1]=sum k{from 1 to j-1} f[i-1][k][0]
f[i][j][0]=sum k{from j to i-1} f[i-1][k][1]
*/
void prework(){
f[1][1][1]=1;f[1][1][0]=1;
for(int i=2;i<=20;++i){
for(int j=1;j<=i;++j){
for(int k=1;k<=j-1;++k){
f[i][j][1]+=f[i-1][k][0];
}
for(int k=j;k<=i-1;++k){
f[i][j][0]+=f[i-1][k][1];
}
}
}
}
signed main(){
prework();
speed tests{
cin>>n>>m;
clear(vis);
int now,last;
for(int i=1;i<=n;++i){
if(f[n][i][1]>=m){
last=i;now=1;break;
}
else{
m-=f[n][i][1];
}
if(f[n][i][0]>=m){
last=i;now=0;break;
}
else{
m-=f[n][i][0];
}
}
cout<<last<<" ";
vis[last]=true;
for(int i=2;i<=n;++i){
now=1-now;int rank=0;
for(int len=1;len<=n;++len){
if(vis[len]) continue;
rank++;
if((now==0 and len<last)or(now==1 and len>last)){
if(f[n-i+1][rank][now]>=m){
last=len;break;
}
else{
m-=f[n-i+1][rank][now];
}
}
}
vis[last]=true;
cout<<last<<" ";
}
cout<<endl;
}
}
